内蒙古包头三十三中2014届高三上学期期中2考试物理试题Word版含答案

内蒙古包头市第三十三中学2014-2015学年高二上学期期中二考试物理（理）试题，日期2014\11\26一单项选择题：（每题3分，共3X10分）1．关于电流，下列说法中正确的是()A．通过导体截面的电荷量越多，电流越大B．电子运动速率越大，电流越大C．单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大D．因为电流有方向，所以电流是矢量2．通过电阻R的电流为I时，在时间t内产生的热量为Q；若电阻为2R，电流为I/2时，则在时间t内产生的热量为()A．4Q B．2Q C．Q/2 D．Q/43．在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障()A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路4．如图所示，4只电阻串联于某电路中，已测出U AC＝9 V，U BD＝6 V，R2＝R4，则U AE为()A．3 V B．7.5 VC．15 V D．无法确定5.如图所示，直线a为某电的路端电压随电流的变化图线，直线b为电阻R两端的电压随电流强度的变化图线，用该电和该电阻组成的闭合电路，电的输出功率和电的内电阻分别是()A．4 W,0.5 ΩB．6 W,1 ΩC．4 W,1 ΩD．2 W,0.5 Ω6.磁电式电流表(表头)最基本的组成部分是磁铁和放在磁铁两极之间的线圈，由于线圈的导线很细，允许通过的电流很弱，所以在使用时还要扩大量程．已知某一表头G，内阻Rg＝30 Ω，满偏电流Ig＝5 mA，要将它改装为量程为0～3 A的电流表，所做的操作是() A．串联一个570 Ω的电阻B．并联一个570 Ω的电阻C．串联一个0.05 Ω的电阻D．并联一个0.05 Ω的电阻7.如图所示电路中，当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，A、B两灯亮度的变化情况为()A．A灯和B灯都变亮B．A灯和B灯都变暗C．A灯变亮，B灯变暗D．A灯变暗，B灯变亮8.已知在串联电路中，电池组的电动势为ε，内电阻为r，R0为定值电阻，R为变阻器，已知R0＞r.为使R0上消耗的电功率最大，应将变阻器阻值调整到( )A．R0B．R0＋r C．R0－r D．09 如图所示，一电子枪发射出的电子(初速度很小，可视为零)进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为Y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的(不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况)()A．增大偏转电压UB．增大加速电压U0C．增大偏转极板间距离D．将发射电子改成发射负离子10．如图所示的电路，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P向左移动，则( )P A ．电容器中的电场强度将增大 B ．电容器上的电荷量将增大 C ．电容器的电容将减小D ．液滴将向下运动二、不定项选择（每题4分共4x6分，在每小题给出的四个选项中，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

包头市三十三中2013—2014学年度第一学期期中Ⅱ考试 高二年级理科综合测试（文科） 命题人：付红革 苗美玲 曹玉成 审题人：教科室 注意事项 本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

回答第I卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑。

如需改动，用橡皮檫干净后，再选涂其它答案标号框。

写在本试卷上无效。

回答第II卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

第Ⅰ卷 一、选择题：本题共23小题，每小题10分，共230分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.下列说法错误的是（ ） A. 蛋白质水解的最终产物是氨基酸 B. 两个氨基酸以脱水缩合的方式结合在一起 C. NH2—CH2—COOH属于构成蛋白质的氨基酸 D. 二肽是含有两个肽键的化合物 2.下列叙述中，正确的是（ ） A. 协助扩散需要线粒体供能 B. K+被吸收进入小肠绒毛上皮细胞需要载体 C. 不同细胞其细胞膜上的蛋白质种类和数量均相同 D.当细胞内外的液体存在浓度差时，细胞就会发生质壁分离或复原 3.科学家在研究分泌蛋白的合成和分泌时，做过这样一个实验：他们在豚鼠的胰腺腺泡细胞中注射3H标记的亮氨酸，观测到被标记的亮氨酸按照时间的先后出现在不同细胞器或细胞结构，并最终分泌到细胞外的顺序为（ ） A．核糖体→高尔基体→细胞核→细胞外 B．细胞核→内质网→高尔基体→细胞外 C．内质网→核糖体→细胞膜→细胞外 D．核糖体→内质网→高尔基体→细胞膜→细胞外 4.下列关于ATP的叙述，正确的是（ ） A．ATP中含有三个高能磷酸键 B．细胞内储存着大量ATP供生命活动需要 C．ATP和ADP可以相互转化 D．能产生ATP的细胞器只有线粒体 5.下列关于遗传规律的叙述中，错误的是（ ） A.杂合子自交后代都是杂合子 C.基因型为BbDD和BBDd的亲本进行杂交，后代只有一种表现型 D.高茎豌豆（Dd）与矮茎豌豆（dd）杂交得到的后代中，两种性状比接近1:1 6.水毛茛是一种水生植物，它的叶生长在水中呈丝状，长在水面上呈扁片状，水毛茛叶的这种性状变异说明（）A.环境因素引起基因突变B.环境因素引起基因重组C.环境因素引起染色体变异D.表现型是基因型和环境条件共同作用的结果 7.下列有关DNA分子的叙述中，正确的是（ ） A.构成DNA分子的基本单位是脱氧核糖核酸 B.DNA结构中碱基对排列在双螺旋的外侧 C.遗传信息是指DNA中碱基的排列顺序 D.DNA复制时，必须首先解旋成两条独立的单链 8.下列表述中错误的一项是 （ ） A.调查某种鸟的种群密度，需采用标志重捕法 B.“S”型增长曲线一般表示种群数量停止增长 C.动物群落垂直分层现象与植物有关 D.弃耕农田上发生的群落演替属于次生演替 9.我们日常生活中使用的化纤地毯、三合板、油漆等化工产品，在夏天时会释放出少量某种污染空气的气体，该气体是A.二氧化硫B. 甲醛C. 甲烷D. 乙醇 美国科学家最近发明了利用眼泪来检测糖尿病的装置，其原理是用氯金酸钠(NaAuCl4)溶液与眼泪中的葡萄糖反应生成纳米金单质颗粒(直径为20 nm～60 nm)。

2013-2014学年####一中高三〔上〕质检物理试卷一、选择题〔本题12小题,每题4分,共48分．1-8题每题给出的四个选项中,只有一个符合题目要求．9-12题给出的四个选项中,有的只有一个符合题目要求,有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分〕1．〔4分〕〔2012•##模拟〕在距地面高5m的平台上,以25m/s的速率竖直向上抛出一质量为lkg的石块,不计空气阻力,取g=10m/s2,则抛出后第3s内重力对石块所做的功是〔〕A．﹣100J B．50J C．100J D．0考点：功的计算；竖直上抛运动．分析：取竖直向上方向为正方向,竖直上抛运动可以看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动,找出第3s内物体的位移．解答：解：取竖直向上方向为正方向,以25m/s的速率竖直向上抛出一质量为lkg的石块, 物体经过2.5s速度减为零,所以第3s内物体的位移为零．所以抛出后第3s内重力对石块所做的功是0．故选D．点评：题采用整体法研究竖直上抛运动,方法简单,但要注意位移是矢量,与距离不同．2．〔4分〕〔2011秋•宝山区校级期中〕质量为m的汽车以恒定的功率P在平直的公路上行驶,汽车匀速行驶时的速率为v1,则当汽车的速率为v2〔v2＜v1〕时,汽车的加速度为〔〕A．B．C．D．考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：汽车以恒定的功率匀速运动时,汽车受到的阻力的大小和汽车的牵引力的大小相等,由此可以求得汽车受到的阻力的大小,当速度为v2时,在由P=Fv可以求得此时的牵引力的大小,根据牛顿第二定律求得汽车的加速度的大小．解答：解：汽车以速度v1匀速运动时,根据P=Fv1=fv1可得汽车受到的阻力的大小为f=,汽车以速度v2匀速运动时,根据P=F′v2,所以此时的牵引力F′=,由牛顿第二定律可得,F′﹣f=ma,所以加速度为a===,所以C正确．故选C．点评：本题考查的是汽车的启动方式,对于汽车的两种启动方式,恒定加速度启动和恒定功率启动,对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．3．〔4分〕〔2015•##校级模拟〕如图所示,一根跨越光滑定滑轮的轻绳,两端各有一杂技演员〔可视为质点〕,a站于地面,b从图示的位置由静止开始向下摆动,运动过程中绳始终处于伸直状态,当演员b摆至最低点时,a刚好对地面无压力,则演员a质量与演员b质量之比为〔〕A．1：1 B．2：1 C．3：1 D．4：1考点：牛顿第二定律；向心力．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：b向下摆动过程中机械能守恒,在最低点绳子拉力与重力之差提供向心力,根据向心力公式得出绳对b的拉力,a刚好对地面无压力,可得绳子对a的拉力,根据拉力相等,可得两者质量关系．解答：解：b下落过程中机械能守恒,有：①在最低点有：②联立①②得：T b=2m b g当a刚好对地面无压力时,有：T a=m a gT a=T b,所以,m a：m b=2：1,故ACD错误,B正确．故选：B．点评：根据物体的运动规律选择正确规律求解是解决这类问题的关键,同时正确受力分析是解题的前提．4．〔4分〕〔2013•##校级二模〕如图所示,光滑斜面的顶端固定一弹簧,一小球向右滑行,并冲上固定在地面上的斜面．设物体在斜面最低点A的速度为v,压缩弹簧至C点时弹簧最短,C点距地面高度为h,不计小球与弹簧碰撞过程中的能量损失,则弹簧被压缩至C点,弹簧对小球做的功为〔〕A．B．C．D．m gh考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：小球从A到C过程中,重力和弹力对小球做负功,支持力不做功,由动能定理可得结果．解答：解：小球从A到C过程中,重力和弹力对小球做负功,由于支持始终与位移垂直,故支持力不做功,由动能定理可得：,其中：W G=﹣mgh,解得：,故A正确．故选：A．点评：动能定理得应用首先要确定好初末状态,要注意判断那些力做功,那些力不做功,要确定好各个力做功的正负．5．〔4分〕〔2000•##〕如图所示,DO是水平面,AB是斜面,初速度为v0的物体从D点出发沿DBA滑到顶点A时速度刚好为零．如果斜面改为AC,让该物体从D点出发沿DCA滑动到A点且速度刚好为零,则物体具有的初速度〔已知物体与路面间的动摩擦因数处处相同且不为零且转弯处无能量损失〕〔〕A．大于v o B．等于v oC．小于v o D．取决于斜面的倾角考点：动能定理的应用；摩擦力的判断与计算．分物体从D点滑动到顶点A过程中,分为水平和斜面两个过程,由于只有重力和摩擦力做析：功,根据动能定理列式求解即可．解答：解：物体从D点滑动到顶点A过程中﹣mg•x AO﹣μmg•x DB﹣μmgcosα•x AB=﹣mv2由几何关系cosα•x AB=x OB,因而上式可以简化为﹣mg•x AO﹣μmg•x DB﹣μmg•x OB=﹣mv2﹣mg•x AO﹣μmg•x DO=﹣mv2从上式可以看出,到达顶点的动能与路径无关故选B．点评：本题关键根据动能定理列式,对列得的方程进行讨论得出结论．6．〔4分〕〔2012•盐亭县校级模拟〕NBA篮球赛非常精彩,吸引了众多观众．经常有这样的场面：在临终场0.1s的时候,运动员把球投出且准确命中,获得比赛的胜利．如果运动员投篮过程中对篮球做功为W,出手高度为h1,篮筐距地面高度为h2,篮球的质量为m,空气阻力不计,则篮球进筐时的动能为〔〕A．W+mgh1﹣mgh2B．W+mgh2﹣mgh1C．m gh1+mgh2﹣W D．m gh2﹣mgh1﹣W 考点：动能定理．专题：压轴题．分析：分析在投篮过程中外力对球所做的功,则可求得篮球进筐时的动能．解答：解；人在投篮过程中,球受重力、人的作用力,已知人对球做功W,重力对球做功为﹣〔mgh2﹣mgh1〕,则由动能定理可得：W﹣〔mgh2﹣mgh1〕=E K；故动能为W+mgh1﹣mgh2；故选A．点评：应用动能定理解题关键在于分析初末状态及合外力的功,只要能明确这两点即可顺利求解．7．〔4分〕〔2008•##模拟〕两个物块M、N,质量之比和初速度之比都是2：3,沿同一水平面滑动．它们与水平面间的动摩擦因数之比为2：1,则它们沿该水平面滑行的最大距离之比是〔〕A．4：27 B．8：9 C．2：9 D．9：8考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分根据动能定理求解两者所能滑行的距离s A和s B之比．由动量定理求解滑行的时间t A析：和t B之比．解答：解：物块产生的加速度为由μmg=ma可知a：a′=μ：μ′=2：1由2ax=0﹣v2得=故选C点评：本题涉及力在空间的效应可优先考虑运用动能定理,涉及力在时间的效应优先考虑动量定理,也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．8．〔4分〕〔2013•东河区校级一模〕如图所示,木块A放在木块B上左端,用力F将A拉至B 的右端,第一次将B固定在地面上,F做功为W1,产生的热量为Q1；第二次让B可以在光滑地面上自由滑动,这次F做的功为W2,产生的热量为Q2,则应有〔〕A．W1＜W2,Q1=Q2B．W1=W2,Q1=Q2C．W1＜W2,Q1＜Q2D．W1=W2,Q1＜Q2考点：动能定理的应用；功能关系．专题：动能定理的应用专题．分析：根据W=Fscosθ,比较克服摩擦力所做的功,摩擦产生的热量Q=fs相对,通过比较相对位移比较摩擦产生的热量．解答：解：木块从木板左端滑到右端克服摩擦力所做的功W=fs,因为木板不固定时木块的位移要比固定时长,所以W1＜W2．摩擦产生的热量Q=fs相对,两次都从木板左端滑到右端,相对位移相等,所以Q1=Q2．故A 正确,B、C、D错误．故选A点评：解决本题的关键掌握摩擦力做功的求法,以及知道摩擦产生的热量Q=fs相对．9．〔4分〕〔2014春•##期末〕如图所示,一固定斜面倾角为30°,一质量为m的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做匀减速运动,加速度大小等于重力加速度的大小g．物块上升的最大高度为H,则此过程中,物块的〔〕A．动能损失了2mgH B．动能损失了mgHC．机械能损失了mgH D．机械能损失了考功能关系；动能定理的应用．点：专题：压轴题；动能定理的应用专题．分析：若动能变化为正值,说明动能增加,若为负值,说明动能减少,然后根据动能定理,求出合力做的功即可；要求机械能损失,只要求出除重力外其它力做的功即可．解答：解：根据动能定理应有=﹣ma=﹣2mgH,动能增量为负值,说明动能减少了2mgH,所以A正确B错误；再由牛顿第二定律〔选取沿斜面向下为正方向〕有mgsin30°+f=ma=mg,可得f=mg,根据功能关系应有△E=﹣f=﹣mgH,即机械能损失了mgH,所以C正确D错误．故选：AC．点评：要熟记动能定理与功能原理在解题中的应用：涉及到总功、动能变化时应用动能定理解决；涉及到机械能变化时应求出除重力外其它力做的功．10．〔4分〕〔2013秋•东河区校级月考〕飞船返回时高速进入大气层后,受到空气阻力的作用,接近地面时,减速伞打开,在距地面几米处,制动发动机点火制动,飞船迅速减速,安全着陆．下列说法正确的是〔〕A．制动发动机点火制动后,飞船的重力势能减小,动能减小B．制动发动机工作时,由于化学能转化为机械能,飞船的机械能增加C．重力始终对飞船做正功,使飞船的机械能增加D．重力对飞船做正功,阻力对飞船做负功,飞船的机械能减小考点：功能关系；动能和势能的相互转化．分析：机械能的减小量等于除重力以外的力做的功,重力以外的力做正功机械能增加,重力以外的力做负功机械能减少．解答：解：A、制动发动机点火制动后,返回舱做减速下降运动,所以重力势能减小动能减小,A 正确；B、制动发动机点火制动后,返回舱做减速下降运动,重力势能减小动能减小,所以返回舱机械能减小,B错误；C、重力始终对返回舱做正功,但是点火后阻力做负功,重力以外的力做负功机械能减少,C错误D正确；故选：AD．点评：本题主要考查了功能关系及动能定理、动量定理的直接应用,难度不大,属于基础题．11．〔4分〕〔2000•##〕如图所示,长度相同的三根轻杆构成一个正三角形支架,在A处固定质量为2m的小球,B处固定质量为m的小球．支架悬挂在O点,可绕O点并与支架所在平面相垂直的固定轴转动．开始时OB与地面相垂直,放手后开始运动,在不计任何阻力的情况下,下列说法正确的是〔〕A．A球到达最低时速度为零B．A球机械能减少量等于B球机械能增加量C．B球向左摆动所能达到的最高位置应高于A球开始运动时的高度D．当支架从左到向右回摆时,A球一定能回到起始高度考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：在不计任何阻力的情况下,整个过程中A、B组成的系统机械能守恒,据此列式判断即得．解答：解：因为在整个过程中系统机械能守恒,故有：A、若A到达最低点时速度为0,则A减少的重力势能等于B增加的重力势能,又因A、B质量不等,则A减少的重力势能不等于B增加的重力势能,所以A达到最低点时速度不为0,故A错误；B、因为系统机械能守恒,即A、B两球的机械能总量保持不变,故A球机械能的减少量等于B球机械能的增加量,故B正确；C、因为B球质量小于A球,故B上升高度h时增加的势能小于A球减少的势能,故当B和初始时刻的A球等高时,仍具有一定的速度,即B球继续升高,故C正确；D、因为不计一切阻力,系统机械能守恒,故当支架从左到右加摆时,A球一定能回到起始高度,故D正确．故选：BCD．点评：A、B组成的系统机械能守恒,则A增加的机械能和B减少的机械能相等．机械能守恒是系统机械能总量保持不变,单个物体的机械能可以发生变化．12．〔4分〕〔2010•新都区模拟〕一块从如图所示的弧形轨道上的A点,由静止开始下滑,由于轨道不光滑,它仅能滑到B点,而返回后又进能滑动到C点,若A、B两点的高度差为h1,BC两点的高度差为h2,必有〔〕A．h1=h2B．h1＜h2C．h1＞h2D．条件不足,无法判断考点：动能定理；向心力．专动能定理的应用专题．题：分析：由于物块克服摩擦力做功,机械能不断减小,前后两次经过轨道同一点时的速度不断减小,根据牛顿第二定律研究轨道对小球的支持力,即能由牛顿第三定律研究小球对轨道的压力,最后根据功能关系研究两次高度关系．解答：解：根据功能关系得：从A到B过程：mgh1=W f1从C到B过程：mgh2=W f2由于由于小球克服摩擦力做功,机械能不断减小,前后两次经过轨道同一点时速度减小,所需要的向心力减小,则轨道对小球的支持力减小,小球所受的滑动摩擦力相应减小,而滑动摩擦力做功与路程有关,可见,从A到B小球克服摩擦力W f1一定大于从C到B克服摩擦力做功W f2,则得h1＞h2；故选：C．点评：本题关键要抓住小球的机械能不断减小,前后两次经过轨道同一点时速度减小,轨道对小球的支持力减小,运用功能关系和牛顿运动定律进行分析二、非选择题〔本题2小题,共16分,每空2分〕13．〔8分〕〔2013秋•济源校级期末〕在"验证机械能守恒定律"的实验中,已知打点计时器〔如图2〕所用电源的频率为50Hz．查得当地的重力加速度g=9.8m/s2,测得所用的重物的质量为1.00kg．实验中得到一条点迹清晰的纸带〔如图1〕,把第一个点记作O,另选连续的4个点A、B、C、D作为测量的点．经测量知道A、B、C、D各点到O的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．〔1〕根据以上数据,可知重物由O点运动到C点,重力势能的减少量等于7.62J,动能的增加量等于7.56J〔取三位有效数字〕．〔2〕如果以为纵轴,以h为横轴,根据实验数据绘出的﹣h图线是一条过原点的倾斜直线,该线的斜率等于当地重力加速度．〔3〕实验中误差产生的原因有重锤下落会受到空气阻力,纸带受到打点计时器的摩擦阻力．〔写出两个原因〕考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：1、纸带实验中,若纸带匀变速直线运动,测得纸带上的点间距,利用匀变速直线运动的推论,可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度,从而求出动能,根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．2、运用物理规律和数学表达式结合起来解决问题．3、根据使用的原理确定误差形成的原因．解答：解：〔1〕重力势能减小量△E p=mgh=1.0×9.8×0.7776J=7.62J．在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度,因此有：≈3.89m/s〔2〕根据机械能守恒可知mgh=mv2﹣0,得出=gh,根据实验数据绘出的﹣h图线是过原点的斜直线,该线的斜率等于重力加速度g．〔3〕实验中误差产生的原因有：重锤下落会受到空气阻力；纸带受到打点计时器的摩擦阻力；处理纸带时,长度的测量产生误差．故答案为：〔1〕7.62；7.56．〔2〕一条过原点的倾斜直线；当地重力加速度〔9.8m/s2〕．〔3〕重锤下落会受到空气阻力；纸带受到打点计时器的摩擦阻力；处理纸带时,长度的测量产生误差．点评：纸带问题的处理时力学实验中常见的问题,对于这类问题要熟练应用运动学规律和推论进行求解,计算过程中要注意单位的换算和有效数字的保留．14．〔8分〕〔2013秋•东河区校级月考〕某学习小组做探究"合力的功和物体速度变化关系"的实验如图,图中小车是在一条橡皮筋作用下弹出,沿木板滑行,这时,橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条、3条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次…实验时,使每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致．每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带测出．〔1〕除了图中已有的实验器材外,还需要导线、开关、刻度尺和交流电源〔填"交流"或"直流"〕．〔2〕实验中,小车会受到摩擦阻力的作用,可以使木板适当倾斜来平衡掉摩擦阻力,则下面操作正确的是D．A．放开小车,能够自由下滑即可B．放开小车,能够匀速下滑即可C．放开拖着纸带的小车,能够自由下滑即可D．放开拖着纸带的小车,能够匀速下滑即可〔3〕若木板水平放置,小车在两条橡皮筋作用下运动,当小车速度最大时,关于橡皮筋所处的状态与小车所在的位置,下列说法正确的是B．A．橡皮筋处于原长状态B．橡皮筋仍处于伸长状态C．小车在两个铁钉的连线处D．小车已过两个铁钉的连线〔4〕以下关于该实验的说法中有一项不正确,是D．A．本实验设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W…．所采用的方法是选用同样的橡皮筋,并在每次实验中使橡皮筋拉伸的长度保持一致．当用1条橡皮筋进行实验时,橡皮筋对小车做的功为W,用2条、3条、…橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、…实验时,橡皮筋对小车做的功分别是2W、3W、…B．小车运动中会受到阻力,补偿的方法,可以使木板适当倾斜C．某同学在一次实验中,得到一条记录纸带．纸带上打出的点,两端密、中间疏．出现这种情况的原因,可能是没有使木板倾斜或倾角太小D．根据记录纸带上打出的点,求小车获得的速度的方法,是以纸带上第一点到最后一点的距离来进行计算．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题．分析：〔1〕打点计时器的电源应该选用交流电源；〔2〕〕实验中可以适当抬高木板的一侧来平衡摩擦阻力．受力平衡时,小车应做匀速直线运动；〔3〕若木板水平放置,对小车受力分析可知,小车速度最大时小车受到的合力应为零,即小车受到的橡皮筋拉力与摩擦力相等,橡皮筋应处于伸长状态；〔4〕本实验采用比例法,设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W…．所采用的方法是选用同样的橡皮筋,并在每次实验中使橡皮筋拉伸的长度保持一致．小车运动中受到的阻力由重力的分力平衡．要测量最大速度,应该选用点迹恒定的部分．解答：解：〔1〕打点计时器的电源应该选用交流电源；〔2〕实验中使木板适当倾斜,用重力沿斜面向下的分力来平衡掉摩擦阻力．受力平衡时,小车应做匀速直线运动,所以正确的做法是：放开拖着纸带的小车,能够匀速下滑即可,故ABC错误,D正确．〔3〕若木板水平放置,故摩擦力没有被平衡掉,小车受到重力、木板的支持力和摩擦力,橡皮筯的拉力,小车速度最大时小车受到的合力应为零,这时小车受到的橡皮筋拉力与摩擦力相等,橡皮筋应处于伸长状态；小车在两个铁钉的连线的左侧,尚未到两个铁钉的连线处,故ACD错误,B正确．〔4〕A、当橡皮筋伸长量按倍数增加时,功并不简单地按倍数增加,变力功一时无法确切测算．因此我们要设法回避求变力做功的具体数值,可以用一根橡皮筋做功记为W,用两根橡皮筋做功记为2W,用三根橡皮筋做功记为3W…,从而回避了直接求功的困难；故A正确．B、小车运动中会受到阻力,阻力做功无法测量,可采用补偿的方法：平衡摩擦力,这样橡皮筯对小车做的功等于外力小车做的总功,故B正确．C、纸带上打出的点,两端密、中间疏,小车先做加速运动,橡皮筯松驰后做减速运动,说明阻力没有被平衡掉,可能是没有使木板倾斜或倾角太小,故C正确．D、本实验的目的是探究橡皮筯做的功与物体获得速度的关系．这个速度是指橡皮绳做功完毕时的速度,而不整个过程的平均速度,故D错误．本题选错误的,故选：D故答案为：〔1〕交流；〔2〕D；〔3〕B；〔4〕D．点评：本题涉及打点计时器的工作原理和探究功与速度变化关系实验的原理,从实验原理的角度分析即可．三、计算题〔本题3小题,共36分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位〕15．〔12分〕〔2009•##〕质量为5×103 kg的汽车在t=0时刻速度v0=10m/s,随后以P=6×104 W 的额定功率沿平直公路继续前进,经72s达到最大速度,设汽车受恒定阻力,其大小为2.5×103N．求：〔1〕汽车的最大速度v m；〔2〕汽车在72s内经过的路程s．考点：动能定理的应用．分析：汽车以额定功率启动,做的是牵引力减小,加速度减小的加速运动．到最大速度时汽车做匀速运动,将功率公式和速度公式结合使用．由于是一个变加速运动,对应路程的求解不可用匀变速直线运动的公式呢,可以运用动能定理．解答：解：〔1〕汽车以额定功率启动,牵引力减小,加速度减小,到最大速度时汽车做匀速运动．∴当达到最大速度时,P=Fv=fv m,v m==m/s=24m/s,〔2〕从开始到72s时刻依据动能定理得：Pt﹣fs=mv m2﹣mv02,解得：s==1552m．答：〔1〕汽车的最大速度v m是24m/s,〔2〕汽车在72s内经过的路程s是1552m．点评：在此题中汽车的牵引力时刻在发生变化但是功率不变,所以属于变力做功问题,而且这是一个变加速运动,动能定理是一种很好的处理方法．16．〔12分〕〔2013•##二模〕如图所示,一质量为m的滑块从高为h的光滑圆弧形槽的顶端A处无初速度地滑下,槽的底端B与水平传送带相接,传送带的运行速度恒为v0,两轮轴心间距为L,滑块滑到传送带上后做匀加速运动,滑到传送带右端C时,恰好加速到与传送带的速度相同,求：〔1〕滑块到达底端B时的速度大小v B；〔2〕滑块与传送带间的动摩擦因数μ；〔3〕此过程中,由于克服摩擦力做功而产生的热量Q．考点：动能定理；牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕滑块在圆弧上下滑时只有重力做功,由动能定理或机械能守恒定律可以求出滑块到达B时的速度．〔2〕从B到C过程中,由动能定理可以求出动摩擦因数．〔3〕摩擦力与相对位移的乘积等于克服摩擦力做功而产生的热量．解答：解：〔1〕滑块在由A到B的过程中,由动能定理得：﹣0,解得：；〔2〕滑块在由B到C的过程中,由动能定理得：,解得,；〔3〕产生的热量：Q=μmgL相对,=〔或〕,解得,；答：〔1〕滑块到达底端B时的速度大小为；〔2〕滑块与传送带间的动摩擦因数；〔3〕此过程中,由于克服摩擦力做功而产生的热量为．点评：本题考查了求物体速度、动摩擦因数、产生的热量等问题,分析清楚运动过程,熟练应用动能定理即可正确解题．17．〔12分〕〔2007秋•##期中〕如图所示,半径为R的光滑圆轨道竖直放置,长为2R的轻质杆两端各固定一个可视为质点的小球A、B,把轻杆水平放入圆形轨道内,若m,2m,m0,m,重力加速度为g,现由静止释放两球,当轻杆到达竖直位置时,求：〔1〕A、B两球的速度大小；〔2〕A球对轨道的压力；〔3〕要使轻杆到达竖直位置时,轻杆上刚好无弹力,A、B两球的质量应满足的条件．考点：机械能守恒定律；匀速圆周运动；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：〔1〕两球运动的速度相等；而小球在运动过程中机械能守恒,由机械能守恒定律可求得两球的速度大小；〔2〕小球做圆周运动,由合外力充当向心力,由牛顿第二定律可求得A球对轨道的压力；〔3〕若要使轻杆上刚好没有压力,则重力恰好充当向心力,再由机械能守恒定律可求得AB两球的质量关系．解答：解：〔1〕设杆运动到竖直位置时,A、B两球的速度均为v1对AB系统机械能守恒：m A gR﹣m B gR=〔m A+m B〕v12解得：v1=〔2〕在竖直位置时,设杆对B球的强力为F NB,轨道对A球的弹力为F NA 对B球m B g+F NB=m BF NB=mg∴杆对B球有向上的支持力,对A球有向下压力对A球：F NA﹣m A g﹣mg=m A解得：F NA=mg由牛顿第三定律,知A球对轨道的压力为F N=mg〔2〕要使轻杆到达竖直位置时,杆上恰好无弹力作用B球需满足m B g=m B对AB系统机械能守恒m A gR﹣m B gR=〔m A+m B〕v22解得m A=3m B；答：〔1〕两球速度均为；〔2〕A球对轨道的压力为mg；〔3〕AB两球的质量关系为m A=3m B．本题考查机械能守恒定律及牛顿第二定律的应用,要明确两球的速度大小相等．点评：。

包头市第三十三中学2013-2014学年度第一学期期末考试高三年级理科综合科目试卷出题人赵永江李涌白丽审题教科室2014年1月10日一．选择题（每小题6分，每小题只有一个选项符合题意，13小题，共78分）1．下列对概念图的描述不正确．．．的是（）3．下列关于同位素示踪实验的叙述，不正确的是［］A．给小麦提供14CO2，则14C的转移途径是14CO2→14C3→（14CH2O）B．用含有3H标记的胸腺嘧啶脱氧核苷酸的营养液培养洋葱根尖，在核糖体处检测不到放射性C．要得到含32P的噬菌体，必须先用含32P的培养基培养细菌D．小白鼠吸入18O2后，呼出的二氧化碳不可能含有18O4．下图是高等生物多聚核糖体合成肽链的合成过程，有关该过程的说法正确的是［］A．该图表示翻译的过程，图中核糖体沿mRNA链从左向右移动B．该多聚核糖体合成的多条肽链在氨基酸的排列顺序上互不相同C ．若该肽链在合成时脱去100个分子的水，则该肽链中至少含有102个氧原子D ．核糖体上合成的肽链均需经内质网和高尔基体的加工5．下列有关内环境和稳态的说法，不正确的是［ ］A ．血浆中蛋白质含量明显高于淋巴和组织液B ．人体内环境pH 、渗透压等保持相对稳定是细胞正常代谢所必需的C ．个体稳态的实现是神经系统、内分泌系统和免疫系统等共同调节的结果D ．葡萄糖、胰岛素、淋巴因子和胰蛋白酶都属于人体内环境的成分6、关于种群和群落的叙述，不正确．．．的是（ ）A ．对家鼠等有害动物的控制，要尽量降低其K 值B ．群落的空间结构有助于缓解种间竞争C ．在没有自然选择的情况下，种群的基因频率仍有可能发生改变D ．初生演替与次生演替的区别关键是速度的快慢7. NH 4HCO 3是一种离子化合物，下列关于该物质的叙述正确的是（ ）A 、所含四种元素的原子半径由小到大的顺序为：H ＜C ＜N ＜OB 、同周期的三种元素的电负性由大到小的顺序为：N ＞O ＞CC 、其与足量氢氧化钠溶液共热的离子方程式为：NH 4++OHˉNH 3↑+H 2OD 、除去NaCl 固体中混有的NH 4HCO 3固体可以采用加热的方法8．N A 表示阿伏加德罗常数，下列说法正确的是（ ）A 、标况下，2.24L 乙醇含有0.2N A 个碳原子B 、CO 2通过Na 2O 2使其增重a g 时，反应中转移的电子数为56A aNC 、3.0gNO 与1.12LO 2(标况下)反应后，气体分子数可能为0.06 N AD 、200mL2mol/L 的NaOH 溶液中，含有0.4N A 个共价键9．如图是元素周期表前六周期的一部分，关于元素X 、Y 、Z 的叙述正确的是①X 的最简单气态氢化物与Y 最高价氧化物对应的水化物能发生反应生成盐②等物质的量浓度的X 、Y 、Z 的气态氢化物的水溶液的pH ：X ＞Y ＞Z③Z 的单质常温下的是液体，一定条件下可与铁粉反应④Z 的原子序数比Y 大19⑤Z 所在的周期中含有32种元素A ．只有③B ．只有①④C ．只有①②③④D ．①②③④⑤10．一定条件下，在体积为2L的密闭容器中，3molX和3mol Y发生反应：3X（g）+Y（g）2Z（g），经60s达到平衡，生成0．4mol Z。

包头市第三十三中学2013-2014学年第二学期 期中II试卷高二年级（理科综合） 物理部分 14．在5分钟内通过导体横截面积电荷量为1200 C，若导体的电阻为10 Ω，这时导体两端加的电压为( ) A．240 V B．120 V C．40 V D．50 V 15.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。

一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态。

现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（　） A.带点油滴将沿竖直方向向上运动 B.P点的电势将降低 C.带点油滴的电势能将减少 D.若电容器的电容减小，则极板带电量将增大. 16．电动自行车因轻便、价格相对低廉、污染和噪音小而受到市民喜爱．某国产品牌电动自行车的铭牌如下，则此车所配电机的内阻为( ) 规格后轮驱动直流永磁电机车型：20′′电动自行车电机输出功率：175 W电源输出电压：≥36 V额定工作电压/电流：36 V/5 A整车质量：40 kg额定转速：240 r/min A.7.2 Ω B．7.0 Ω C．0.2 Ω D．7.4 Ω 17．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径。

球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F。

现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变。

由此可知( ) A.n=6 B．n=5 C．n=4 D．n=3 18. 如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表。

初始时S0与S均闭合，现将S断开，( ) A. V的读数变大，A的读数变小 B. V的读数变大，A的读数变大 C. V的读数变小，A的读数变小 D. V的读数变小，A的读数变大 19．如右图所示，三个质量相同，带电荷量分别为+q、-q和0的小液滴a、b、c，从竖直放置的两板中间上方由静止释放，最后从两板间穿过，则在穿过极板的过程中( ) A．电场力对液滴a、b做的功相同 B．此过程中三者运动时间相同，a、b离开电场时速度的偏角相同和三者动能的增量也相同。

内蒙古包头三十三中2014届高三上学期期中2考试理综试题 2013年11月20日本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。

满分300分。

考试时间150分钟第I 卷（选择题 共126分）一、选择题（本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.有关生物膜结构与功能的叙述，正确的是A.植物细胞的生物膜系统由细胞膜、细胞器膜组成B.丙酮酸分解产生CO 2是在线粒体内膜上进行的C.变形虫和草履虫的细胞膜基本组成成分相同D.胞吞与胞吐过程的完成依赖于细胞膜的选择透过性2．图甲表示以右侧的一条链为模板合成左侧子链的过程，图乙表示生物体遗传信息的传递过程示意图。

关于两图的下列描述中，正确．．的是 A ．④过程不是在细胞内进行的B ．图甲所示过程对应图乙的①过程C ．⑤过程需要DNA 聚合酶D ．③过程的碱基互补配对方式A-U 、U-A 、G-C C-G 3．赫尔希(A ．Hershey)和蔡斯(M ．Chase)于1952年所做的噬菌体侵染细菌的著名实验进一步证实了DNA 是遗传物质。

这项实验获得成功的原因之一是噬菌体A ．侵染大肠杆菌后会裂解宿主细胞B ．只将其DNA 注入大肠杆菌细胞中C ．DNA 可用15N 放射性同位素标记D ．蛋白质可用32P 放射性同位素标记4.图5为基因型AaBb 的某动物进行细胞分裂的示意图。

相关判断正确的是①此细胞为次级精母细胞或次级卵母细胞或第一极体③ RNA 蛋白质图乙 模板链图甲②此细胞中基因a是由基因A经突变产生③此细胞形成两种精子④此动物体细胞在有丝分裂后期含有四个染色体组⑤此细胞在减数分裂第二次分裂过程中发生A与a分离⑥图中若未形成纺锤体，则着丝点不能分开A．①②③ B．①③④⑥ C．①④⑤ D．①③⑤⑥5.豌豆的高茎对矮茎为显性，现进行高茎豌豆间的杂交，后代既有高茎豌豆又有矮茎豌豆。

若后代中全部高茎豌豆进行自交，则所有自交后代中，高茎豌豆与矮茎豌豆的比A.3:1B. 5:1C. 9:6D.1:16.下列相关叙述中正确的是A．基因型为Aa的个体自交，因基因重组而导致子代性状分离B. 造成同卵双生姊妹间性状上差异的主要原因是基因重组C.亲代的突变基因一定能传递给子代D.基因突变丰富了种群的基因库7．下列有关说法正确的是（）A．铁的冶炼过程是通过置换反应得到单质铁B．利用电解的方法可以从海水中获得淡水C．海水提溴的过程中不发生氧化还原反应D．以贝壳、海水、盐酸为原料提炼金属镁的过程中不涉及置换反应8．在下列溶液中，能大量共存的一组离子是A． pH＝1的溶液中：NH4+、Fe2+、SO42-、Cl－B．通入过量SO2气体的溶液中：Fe3+、NO3-、Ba2+、H+C． c(Al3+)＝0.1 mol/L的溶液中：Na+、K+、AlO2-、SO42-D．由水电离出的c(H+)＝1×10-13 mol/L的溶液中：Na+、HCO3-、Cl-、Br-9．同位素示踪法可用于反应机理的研究，下列反应或转化中同位素示踪表示正确的是（）A．2Na218O2 + 2H2O == 4Na l8OH + O2↑ B．NaH＋D2O===NaOH＋D2↑C．2KMnO4 + 5H218O2 + 3H2SO4 == K2SO4 + 2MnSO4 + 518O2↑+ 8H2OD．K37ClO3 + 6HCl == K37Cl + 3Cl2↑+ 3H2O10．短周期主族元素X、Y、Z、W、Q的原子序数依次增大，X的气态氢化物极易溶于Y的氢化物中，常温下，Z的单质能溶于W的最高价氧化物的水化物的稀溶液，却不溶于其浓溶液。

内蒙古包头市第三十三中学2014-2015学年高二上学期期中二考试理综（文）试题014年11月26日一、选择题（每题6分，1-10生物选择题，11-20化学选择题，21-30物理选择题）1.下列关于人体内环境的描述中，错误的是( )A．血浆的主要成分包括水、葡萄糖、血红蛋白和激素等B．免疫对内环境稳态具有重要作用C．HCO3－、HPO42－等参与维持血浆pH相对稳定D．淋巴细胞生活的液体环境是淋巴、血浆等2.下列关于人体细胞外液的叙述，不正确的是( )A．人体的细胞外液即内环境B．细胞外液的化学成分中有葡萄糖、无机盐、激素、尿素等物质C．细胞外液主要成分之间的关系可表示为血浆→组织液→淋巴→血浆D．小肠壁的肌细胞可以不通过细胞外液从肠道直接吸收葡萄糖3.二氧化碳是调节人体呼吸的有效生理刺激。

下面列举了因动脉血中CO2含量升高而引起的一系列生理反应，其中不正确的是( )A．形成呼吸中枢的有效刺激B．呼吸中枢的活动加强C．呼吸运动(肺换气)加深加快D．血液中的CO2被迅速排净4.人体与外界环境之间进行物质交换，必须经过的系统是（）①消化系统②呼吸系统③神经系统④泌尿系统⑤循环系统⑥运动系统⑦生殖系统⑧内分泌系统A．①②③④ B．⑤⑥⑦⑧C．①②④⑤D．③④⑤⑥5.某人腰椎部因受外伤造成右侧下肢运动障碍，但有感觉。

该病人受损伤的部位（）①传入神经②传出神经③感受器④神经中枢⑤效应器A．②④B．①④ C．①② D．②⑤6.在人体内，神经冲动的传导不可能由( ）A．轴突→树突→细胞体B．轴突→细胞体→树突C．树突→细胞体→轴突D．细胞体→树突→轴突7.下列各组腺体中，都是内分泌腺的是（）A．唾液腺、汗腺、甲状腺 B．肠腺、胰腺、胰岛C．垂体、胰岛、甲状腺 D．肝脏、胃腺、甲状腺8.关于下丘脑功能的叙述，正确的是( )① 可参与血糖平衡的调节② 有调节躯体运动的高级中枢③ 可合成和分泌促甲状腺激素释放激素④ 垂体通过下丘脑控制性腺的生长发育A. ①②B. ②③C. ②④D.①③9.正常情况下，人体进食后血液内（）A．胰岛素含量减少，胰高血糖素含量增加 B．胰岛素含量增加，胰高血糖素含量增加C．胰岛素含量减少，胰高血糖素含量减少 D．胰岛素含量增加，胰高血糖素含量减少10.下列关于体温调节的叙述，正确的是（）A.温觉感受器只分布于皮肤B.大脑皮层是调节体温的主要中枢C.降低新陈代谢是人在炎热环境中散热的主要方式D.人在剧烈运动时主要产热方式是骨骼肌的收缩11.下列物质中不属于有机物的是（）A.醋酸B. 碳酸钠C.酒精D.苯12.烃是指( )A．含碳元素的化合物 B．只含碳、氢两种元素的化合物C．含碳、氢元素的化合物 D．燃烧后只生成二氧化碳和水的化合物13.甲烷与氯气在光照条件下发生的反应属于（）A．取代反应 B．加成反应 C．酯化反应 D．水解反应14.等体积的甲烷与氯气混合于一集气瓶中，加盖后置于光亮处，下列有关此实验的现象和结论中，不正确的是( )A．瓶中气体的黄绿色变浅 B．瓶内壁有油状液滴生成C．生成物只有CH3Cl和HClD．此反应的生成物可能有CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4和HCl的混合物15.下列说法中不正确的是( )A．乙烯的结构简式为CH2CH2 B．乙烯分子中6个原子共平面C．乙烯分子的一氯代物只有一种 D．乙烷能使溴水褪色16.下列关于苯性质的说法中，正确的是（）A．不溶于水 B．无色、无味的液体C．密度比水大 D．能使酸性KMnO4溶液褪色17.关于乙醇的说法中正确的是( )A．乙醇结构中有—OH，所以乙醇溶解于水，可以电离出OH－而显碱性B．乙醇燃烧生成二氧化碳和水，说明乙醇具有氧化性C．乙醇与钠反应可以产生氢气，所以乙醇显酸性D．乙醇与钠反应非常平缓，所以乙醇羟基上的氢原子不如水中的氢原子活泼18.关于乙酸的性质叙述正确的是（）A.它是四元酸B.清洗大理石的建筑物用醋酸溶液C.它的酸性较弱，能使酸碱指示剂变色D.它的晶体里有冰，所以称为冰醋酸19.下列反应中，属于取代反应的是（）20.已知天然气的主要成分CH4是一种能产生温室效应的气体，等物质的量的CH4和CO2产生的温室效应前者大。

（1）（3分）如右图所（2） （4分）Z86, 5.70〜6.10。

（两位有效数字均给分） （3） （3分）CD （选对1个得2分，选对2个得3分，含有错误答案不给分） 24： （14分）解：儿童从A 处到B 处，由动能定理 mgs x sin37° - /umgs^ cos37° = ~^mv B（4则 VB = 2A /3m/s （1分） 当儿童恰好从C 处平抛出，则在C 处时不受弹力作用mg 2 V c =m -- R （2（1分） （3分）2013-2014学年第二学期高三期中考试物理参考答案及评分标准二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14〜18题只有 一项符合题目要求，第19〜21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。

题号14 15 16 17 18 19 20 21 答案 D C B D B AC AD CD第II 卷22. 1.998 （1.996〜1.999 都正确）mm ............ （2 分）；1,094 cm23：解:vc= V2 m/s儿童从B 到C 处，由动能定理 -//mgs? =（4分） 得 S2=lm（2 分）要使儿童不从C 处平抛出去，水平滑槽BC 长度应大于1〃？B o qv o =m —K（3分）（1分）C1分）⑤ （2分）解：25 （18 分）（1）粒子在该过程中运动的轨迹如图所示。

图中匕。

启=120°ZQO 2P=120° ........... （4 分）对圆心角的大小不做必要的说明或标示，扣1分。

C2）粒子洛仑兹力作用下匀速圆周运动，由牛顿第二定律得① .......... （3分） 设。

、P 间的距离由图中的几何关系可知L=47?sin60 °联立①②得乙=玄亟 B°q（3）设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为几 L =— % 联立①④得T.= — B°q由图可知，粒子先逆时针绕行再沿顺时针绕行&到达P 点 3 3故有T ⑥ ............ （2分） 3所以磁场变化的周期丁=地 ⑦ ..... （2分）3B»q解：33 .［物理——选修3-3］（15分）（1）BCD （5 分） （2）以限压阀为研究对象，进行受力分析。

包头市第三十三中学2013-2014学年度第一学期期末考试高三年级物理科目试卷14．如图所示， 设传送带匀速前进的速度为1m/s ，把质量为5kg的木箱静止放到传送带上，由于滑动摩擦力的作用，木箱以1m/s2的加速度前进，那么这个木箱放在传送带上后，传送带上将留下的摩擦痕迹为（ ）A ．0.5mB ．0.6mC ．0.7mD ．1m15．如图所示，质量为M 、半径为R 的半球形物体A 放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平细线拉住一质量为m 、半径为r 的光滑球B ．则 （ ） A ．A 对地面的压力等于Mg B ．A 对地面的摩擦力方向向左 C ．B 对A 的压力大小为mg RrR + D ．B 对A 的压力大小为mg R r16.人们在探究平抛运动规律时，将平抛运动分解为沿水平方向的运动和沿竖直方向的运动。

从抛出开始计时，图a 和图b 分别为某一平抛运动在0-t 0时间内两个分运动的速度与时间关系图像。

由图像可知这个平抛运动在0-t 0时间内竖直方向的位移0y 与在水平方向的位移0x 的大小关系为A. 00x y =B. 002x y =C. 20x y = D. 40x y =17. 如图所示，传送带与水平面夹角θ=37°，以0.4m/s 的速度顺时针转动，在传送带底端轻轻地放一个小物体，它与传送带间的动摩擦因数μ=0.8，已知传送带从底端到顶端长度L=1m ，g =10m/s 2，那么物体从底端传送到顶端的过程中，下列说法正确的是（ ）A ．摩擦力一直做负功 B. 摩擦力一直做正功 C. 摩擦力开始做正功，后来不做功 D. 以上答案都不对 18． 质量为m 的小球带+q 电荷，由长为L 的绝缘绳系住，在水平向右、场强为E 的匀强电场中最初静止于A 点，如图所示，已知θ=︒60，为了让小球在竖直平面内做完整的圆周运动，问在A 点至少给小球的初速度为多少（ ）A 、gL 2B 、gL 5C 、gL 8D 、gL 1019. 中国首个目标飞行器“天宫一号”从甘肃酒泉卫星发射中心发射升空，随后还将发射“神州八号”飞船，某同学得知上述消息后，画出“天宫一号”和“神州八号”绕地球做匀速圆周运动的图像如图所示，A 表示“天宫一号”，B 表示“神州八号”， A T 表示“天宫一号”的周期， B T 表示“神州八号”的周期，下列说法中正确的是： A ．“天宫一号”的运行速率大于“神州八号”的运行速率 B ．“天宫一号”的加速度小于“神州八号”的加速度 C ．“神州八号”适当加速有可能小与“天宫一号”实现对接 D ．从如图所示位置开始计时，经过)(23B A BA T T T T -的时间“神州八号”与“天宫一号”相距最远20．一带负电小球在空中的a 点运动到b 点，受重力、空气阻力和电场力作用，重力对小球做功3.5J ，小球克服空气阻力做功0.5J ，电场力对小球做功1J ，则( )A.小球在a 点的重力势能比在b 点大3.5J ；B.小球在a 点的机械能比在b 点少0.5J ；C.小球在a 点的电势能比在b 点少1J ；D.小球在a 点的动能比在b 点少4J 。

包头市第三十三中学2013-2014学年度第一学期期中Ⅱ考试高三年级理科综合科目试卷物理局部14．如下列图，长为L的直棒一端可绕固定轴O转动，另一端搁在升降平台上，平台以速度v匀速上升，当棒与竖直方向的夹角为α时，棒的角速度为( )A.v sinαLB.vL sinαC.v cosαLD.vL cosα15．如下列图，A为静止于地球赤道上的物体，B为绕地球沿椭圆轨道运行的卫星，C为绕地球做圆周运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点．A、B、C绕地心运动的周期一样，相对于地心，如下说法中正确的答案是( )A．物体A和卫星C具有一样大小的线速度B．物体A和卫星C具有一样大小的加速度C．卫星B在P点的加速度与卫星C在该点的加速度一定一样D．卫星B在P点的线速度与卫星C在该点的线速度一定一样16．如下列图，质量为m的物块与转台之间能出现的最大静摩擦力为物块重力的k倍，物块与转轴OO′相距R，物块随转台由静止开始转动，当转速增加到一定值时，物块即将在转台上滑动，在物块由静止到滑动前的这一过程中，转台的摩擦力对物块做的功为( )A．0B．2πkmgR C．2kmgR D.12 kmgR17．如下列图，A、B两球质量相等，A球用不能伸长的轻绳系于O点，B球用轻弹簧系于O′点，O与O′点在同一水平面上．分别将A、B球拉到与悬点等高处，使绳和轻弹簧均处于水平，弹簧处于自然状态，将两球分别由静止开始释放，当两球达到各自悬点的正下方时两球恰好仍处在同一水平面上，如此( )A．两球到达各自悬点的正下方时，两球动能相等B．两球到达各自悬点的正下方时，A球动能较大C．两球到达各自悬点的正下方时，B球动能较大D．两球到达各自悬点的正下方时，A球损失的重力势能较多18．如下列图为两个等量点电荷产生的静电场，一带正电粒子从a点射入电场后沿图中的实线运动，虚线是等势线，如下说法正确的答案是( )A. 两等量点电荷均带正电B. a 点电势大于b 点电势C. 由a 到b 的过程中带电粒子的动能减小D. 如不知道粒子带何种电荷，如此无法判断粒子在a 点和b 点电势能的大小关系19．如下列图，质量为m 的小车在水平恒力F 推动下，从山坡(粗糙)底部A 处由静止起运动至高为h 的坡顶B ，获得速度为v ，A 、B 之间的水平距离为s ，重力加速度为g .如下说法正确的答案是( )A ．小车抑制重力所做的功是mghB ．合外力对小车做的功是12mv 2 C ．推力对小车做的功是12mv 2＋mgh D ．阻力对小车做的功是12mv 2＋mgh －Fs20.右图为某正电荷Q 产生的某区域的电场线分布图，a 、b 是电场中的两点．将电荷量为q ＝5×10－8 C 的正点电荷(试探电荷)置于a 点，所受电场力为2×10－3N ，如此如下判断正确的答案是( )A. a 点的电场强度大小为4×104 N/C ，方向向右B. 将电荷量为q 的负点电荷放于a 点，a 点电场强度大小仍为4×104 N/C ，方向向左C. 将点电荷q 从a 点移走，如此该点的电场强度为零D. b 点处的电场强度小于4×104 N/C21．如下列图，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电荷量为10－6C 的粒子在电场中仅受电场力作用，当它从A 点运动到B 点时动能减少了10－5 J ．A 点的电势为－10 V ，如此以下判断正确的答案是( )A ．粒子的运动轨迹如图中的虚线1所示B ．粒子的运动轨迹如图中的虚线2所示C ．B 点电势为零D ．B 点电势为－20 V第2卷〔非选择题共174分〕22〔6分〕〔1〕游标卡尺主尺的最小刻度是1mm ，1 2 3 cm游标尺上有20个等分刻度，如此游标尺上每一分度与主尺上的最小刻度相差____________mm。

a vb2013—2014学年度第一学期期末考试 高二年级理科综合试卷物理部分14．首先发现电流磁效应的科学家是( )A.安培B.奥斯特C.库仑D.麦克斯韦 15．如图所示，表示磁场对直线电流的作用，其中正确的是：( )16. 通电螺线管内有一在磁场力作用下静止的小磁针，磁针指向如图，则( )A ．螺线管的P 端为N 极，a 接电源的正极B ．螺线管的P 端为N 极，a 接电源的负极C ．螺线管的P 端为S 极，a 接电源的正极D ．螺线管的P 端为S 极，a 接电源的负极17．如图，水平导线中有电流I 通过，导线正下方的电子初速度的方向与电流I 的方向相同，则电子将( )A ．沿路径a 运动，轨迹是圆B ．沿路径a 运动，轨迹半径越来越大C ．沿路径a 运动，轨迹半径越来越小D ．沿路径b 运动，轨迹半径越来越小18．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是( )A ．增大匀强电场间的加速电压B ．增大磁场的磁感应强度C ．减小狭缝间的距离D ．增大D 形金属盒的半径19．如图所示，速度为v 0、电荷量为q 的正离子恰能沿直线飞出离子速度选择器，选择器中磁感应强度为B ，电场强度为E ，则( )A ．若改为电荷量－q 的离子，将往上偏（其它条件不变）B ．若速度变为2v 0将往上偏（其它条件不变）C ．若改为电荷量＋2q 的离子，将往下偏（其它条件不变）D ．若速度变为21v 0将往下偏（其它条件不变） 20．目前世界上正研究的一种新型发电机叫磁流体发电机，如图所示表示它的发电原理：将一束等离子体(即高温下电离的气体，含有大量带正电和负电的粒子，而从整体来说呈中性)沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A 、B ，这时金属板上就聚集了电荷．在磁极配置如图中所示的情况下，下述说法正确的是( )A ．A 板带正电B ．有电流从B 经用电器流向AC ．金属板A 、B 间的电场方向向下D ．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力 21. 如图，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的正中央上方固定一直导线，导线与磁铁垂直，若给导线通以垂直于纸面向里的电流，则 ( )A ．磁铁对桌面的压力增大B ．磁铁对桌面的压力减少C ．桌面对磁铁没有摩擦力D ．磁铁所受的合力不变 22：（15分，每空3分）⑴．三个粒子a 、b 、c (不计重力)以相同的速度射入匀强磁场中，运动轨迹如图．其中b 粒子做匀速直线运动，则a 粒子带__________电，c 粒子带__________电．⑵．如图所示，若闭合电路abcd 和ABCD 所在平面均与匀强磁场B 垂直，面积分别为S 1和S 2，且S 1>S 2，但磁场区域恰好只有ABCD 那么大，则闭合电路abcd 的磁通量Ф1和闭合电路ABCD 的磁通量Ф2的大小关系为Ф1______________Ф2(填<、=或>)⑶．边长为a 的正方形，处于有界磁场如图所示，一束电子以水平速度射入磁场后，分别从A 处和C 处射出，则v A ：v C =__________;所经历的时间之比t A ：t C =___________ 23．（14分）如图所示，质量为m 的导体棒MN 静止在水平导轨上，导轨宽度为L ，已知电源的电动势为E ，内阻为r ，导体棒的电阻为R ，其余部分与接触电阻不计，磁场方向垂直导体棒斜向上与水平面的夹角为，磁感应强度为B ，求轨道对导体棒的支持力和摩擦力。

2014年内蒙古包头市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共9小题，1-7为单项选择题，每小题2分，8-9为多项选择题，每小题2分，满分20分）1．（2分）（2014•包头）下列说法正确的是（）A．电磁波不能在真空中传播B．声音传播需要介质C．固体的密度一定大于液体的密度D．坐在行驶车里的人，以地面为参照物，人是静止的考点：电磁波的传播；密度及其特性；运动和静止的相对性；声音的传播条件．专题：其他综合题．分析：①电磁波的传播不需要介质，既可以在真空中传播，也可以在介质中传播；②声音的传播需要介质；③密度是物质的一种特性，同种物质（状态不变）密度一定．不同物质，密度一般不同．④被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的．解答：解：A、电磁波能在真空中传播．此选项错误；B、声音传播需要介质，传播声音的介质有气体、液体和固体．此选项正确；C、冰的密度是0.9g/cm3，水的密度是1.0g/cm3．此选项错误；D、坐在行驶车里的人，以地面为参照物，人和地面的位置发生了变化，所以人是运动的．此选项错误．故选B．点评：本题是一道综合题目，考查了电磁波的传播、密度、声音的传播以及运动和静止的相对性，全面掌握基础知识是解题关键．2．（2分）（2014•包头）下列有关热现象的说法中，正确的是（）A．水面上方的气压增大，水的沸点会降低B．冰在熔化过程中，内能、比热容都保持不变C．在卫生间洗澡时，里面的镜面变模糊了，这是由于水蒸气液化造成的D．深秋，室外物体表面上往往会形成一层霜，这是水凝固的结果考点：沸点及沸点与气压的关系；液化及液化现象；生活中的凝华现象；内能的概念；比热容的概念．专题：热和能．分析：（1）液体沸点随气压增大而升高；（2）晶体熔化过程吸热，内能增大、水的比热大于冰的比热；（3）物质由气态变为液态叫液化；（4）物质由气态变为固态叫凝华．解答：解：A、水面上方气压增大，输的沸点会升高，故A错误；B、冰熔化过程吸热，内能增大、熔化后水的比热大于冰的比热，故B错误；C、镜面变模糊，是由于水蒸气遇冷液化，附着在镜面上造成的，故C正确；D、“霜”是水蒸气凝华形成的，故D错误．故选C点评：考查了物质的比热、影响液体沸点的因素、和物态变化，都是基础问题．3．（2分）（2014•包头）汽车仪表盘上都有一指示灯，用它提醒司机车门是否关好．四个车门中只要一个车门没有关好（相当于一个开关断开），该指示灯就会发光，在下列所示的电路图中，你认为符合上述要求的是（）考点：电路的基本连接方式．专题：电流和电路．分析：四个车门中任意一个车门（相当于开关）没关好，该指示灯会发光，说明只要一个开关断开，灯泡就发光，所有开关闭合，灯泡不发光．对各选项逐一分析．解答：解：开关没闭合灯就亮，显然开关与灯是并联的，且四个开关中任意一个未闭合指示灯会发光，故四个开关要串联．A、由电路图可知，几个开关是并联的，当开关都闭合时，即车门都关好，灯泡也会发光，不符合要求；B、由电路图可知，几个开关是串联的，当有一个开关断开时，即有车门没关闭，灯泡不亮，所以与题意要求相反，不符合题意；C、由电路图可知，几个开关是串联的，当开关都闭合时，即车门都关好，电源会被短路，不符合要求；D、由电路图可知，几个开关是串联的，当开关都闭合时，即车门都关好，灯泡不会发光，符合要求．故选D．点评：本题考查电路图的设计，关键是能根据题目所给信息设计出合理的电路图，这是本题的重点也是难点，最容易出错的地方是任意一个开关断开时灯泡都发光，和我们平时接触到的开关闭合，灯泡发光正好相反．4．（2分）（2014•包头）如图所示，木块竖立在小车上，随小车一起以相同的速度向右做匀速直线运动（不考虑空气阻力）．下列分析正确的是（）A．木块没有受到小车对它的摩擦力B．小车运动速度越大，其惯性也越大C．木块对小车的压力与小车对木块的支持力是一对平衡力D．当小车受到阻力而停下时，如果木块与小车接触面粗糙，木块将向左倾倒考点：摩擦力产生的条件；惯性；平衡力的辨别．专题：运动和力．分析：摩擦力的产生条件，是物体之间要发生或已经发生相对运动．影响惯性大小的因素只有质量，至于速度大小、受力大小，都不影响惯性．平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上．缺一不可．解答：解：A、由于木块静止在小车上，不具备摩擦力产生的条件，所以它没有受到摩擦力的作用．故A 符合题意．B 、物体的运动速度不影响惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质．故B 不符合题意．C 、一对平衡力必须是大小相等、方向相反，在同一条直线上，作用在同一物体上的．而木块对小车的压力与小车对木块的支持力不是作用在同一物体上的力．故C 不符合题意．D 、小车突然停止运动，而木块由于惯性仍然保持原来的运动状态，由于木块具有惯性，会向右倾倒．故D 不符合题意． 故选A ． 点评：此类题考查二力平衡的条件、影响惯性大小的因素、摩擦力产生的条件等多方面的知识，是一道综合性较强的题目．5．（2分）（2014•包头）如图所示，有一圆柱体PQ ，放在凸透镜前图示的位置，它所成像P ′Q ′的形状应该是下列图中的（ ）A ．B ．C ．D ．考点： 凸透镜成像的应用． 专题： 透镜及其应用． 分析：根据凸透镜成像规律：物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像． 物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距．对各个选项逐一分析即可 解答：解：当U ＞f 时，物距减小，像距变大像变大．圆柱体的右边Q 在f 和2f 之间，所成的像是倒立放大的实像；圆柱体的左边P 在2f 以外，所成的像是倒立缩小的实像，且右边的像距比左边的像距远，符合要求的只有图B ． 故选B ． 点评：此题考查凸透镜成像规律以及应用，要求学生对凸透镜成像的规律做到深刻理解，并能灵活应用，注重理论联系实际．6．（2分）（2014•包头）在探究“导体中的电流与电压关系”的实验中，得到了甲、乙两个元件电流与电压的数据，通过整理绘制出了如图所示的图象，据图象分析，下列判断正确的是（ ）A ． 甲、乙两元件中的电流与电压都成正比B ． 乙元件是一个定值电阻且阻值大小为10ΩC ． 若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，当通过甲元件的电流为0.2A 时，甲、乙两元件消耗的功率之比为2：1 D ． 若甲、乙元件并联后，接到2V 的电压下，电路消耗的总功率是1.2W考点： 欧姆定律；电功率与电压、电流的关系． 专题：电路和欧姆定律．分析：（1）从U﹣I图象可以得出的信息：①在一定电压下通过导体的电流；②通过比较相同电压下的电流大小，比较电阻大小关系；③通过甲导体的电流与其两端的电压成正比．（2）电功率测量式：P=UI；（3）在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和．解答：解：A、B、由图象可知，乙元件中电流与两端电压图象不是过原点直线，说明乙元件的电阻值在不同电压下不同，故A、B错误；C、串联电路中电流处处相等，即I甲=I乙=0.2A，由图象得出，此时U甲=1V；U乙=2V；P甲：P乙=U甲I甲：U乙I乙=1V×0.2A：2V×0.2A=1：2，故C错误；D、在并联电路中，个支路两端电压相等，都等于总电压，即：U甲=U乙=2V；由图象得出：I甲=0.4A，I乙=0.2A，I=I甲+I乙=04A+0.2A=0.6A；P=UI=2V0.6A=1.2W，故D正确．故选D．点评：本题考查了串、并联电路的特点和电功率测量式的应用，关键是从图象中得出相关的信息．7．（2分）（2014•包头）如图所示，物体B放在水平桌面上，物体A通过滑轮组拉着物体B，此时物体B 保持静止状态．当用竖直向下2N的力F1拉重为1N的物体A时，能使物体B以0.6m/s的速度匀速向右运动，若只用水平向左的力F2拉物体B时，能使物体A以0.3m/s速度匀速上升，不计滑轮重、绳重及滑轮间的摩擦．下列判断正确的是（）A．物体B受到的摩擦力为6N B．拉力F2大小为10NC．拉力F2的功率为1.2W D．拉力F1的功率为0.4W考点：滑轮组绳子拉力的计算；功率的计算．专题：简单机械．分析：由滑轮组的结构看出，n=3，则s=3h；当保持静止时，B所受的摩擦力等于A的重力的3倍；当B 水平匀速向右运动时，所受的摩擦力等于A的重力与力F1之和的3倍；水平向左拉物体B时，A所受的拉力等于A的重力，也就是拉力F2与B所受摩擦力之差；然后对各选项逐一分析．解答：解：A、当B水平匀速向右运动时，f=3（F1+G A）=3×（2N+1N）=9N；故A错误；B、水平向左拉物体B时，由平衡条件得：F2=3G A+f=3G A+f=3×1N+9N=12N；故B错误；C、水平向左拉物体时，B的移动速度为v B===0.1m/s，拉力F2功率为P2=F2×v B=12N×0.1m/s=1.2W；故C正确；D、用力F1竖直向下拉物体A时，拉力F1的功率P1=F1v=1N×3×0.6m/s=1.8W，故D错误．故选C．点评：本题考查摩擦力、拉力、功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对物体的受力分析，分析出动滑轮上绳子的段数．8．（3分）（2014•包头）如图所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P置于中点位置．闭合开关后，电压表示数为U，电流表A1、A2示数分别为I1、I2，且灯丝电阻不变，下列分析正确的是（）A．滑片P向右移动过程中，灯L亮度逐渐变暗B．滑片P向右移动过程中，电压表示数U的大小保持不变C．滑片P向右移动过程中，的比值保持不变D．当滑片P移到最右端时，电路消耗的总功率最小考点：电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算．专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A1测通过L的电流，电流表A2测干路电流．根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡电流和亮暗的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流表A2示数的变化，进一步可知的比值变化；当滑片P移到最右端时，通过滑动变阻器的电流最小，电路中的总电流最小，根据P=UI可知电路消耗总功率的大小．解答：解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A1测通过L的电流，电流表A2测干路电流．因电源的电压不变，所以，滑片P向右移动过程中，电压表的示数保持不变，故B正确；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡L的电流不变，灯泡的亮暗不变，故A 不正确；滑片P向右移动过程中，接入电路中的电阻变大，由I=可知，该支路的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中的电流变小，即电流表A2的示数I2变小，则的比值变大，故C不正确；当滑片P移到最右端时，通过滑动变阻器的电流最小，电路中的总电流最小，所以，由P=UI可知，电路消耗的总功率最小，故D正确．故选BD．点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断，9．（3分）（2014•包头）如图所示，均匀细杆OA长为l，可以绕O点在竖直平面内自由移动，在O点正上方距离同样是l的P处固定一定滑轮，细绳通过定滑轮与细杆的另一端A相连，并将细杆A端绕O点从水平位置缓慢匀速向上拉起．已知细杆处于水平位置时，绳上拉力为F1，当拉至细杆与水平面夹角θ为30°时，绳上拉力为F2，在此过程中（不考虑绳重及摩擦），下列判断正确的是（）A．拉力F的大小保持不变B．细杆重力的力臂逐渐减小C．F1与F2两力之比为1：D．F1与F2两力之比为：1考点：杠杆的动态平衡分析．专题：错解分析题；简单机械．分析：找出杠杆即将离开水平位置和把吊桥拉起到与水平面的夹角为30°时的动力臂和阻力臂，然后结合利用杠杆的平衡条件分别求出F1、F2的大小．解答：解：（1）杆即将离开水平位置，如右上图，△AOB和△ABE都为等腰直角三角形，AE=BE，AC=L；∵（BE）2+（AE）2=（AB）2，∴AE=L，∵杠杆平衡，∴F1×AE=G×AC，F1===G，（2）把吊桥拉起到与水平面的夹角为30°时，如右下图，△ABO为等边三角形，AB=L，BE′=L，∵（BE′）2+（AE′）2=（AB）2∴AE′=L，在△ACC′中，∠CAC′=30°，CC′=AC=L，∵（AC′）2+（CC′）2=（AC）2，∴AC′=L，∵AC′＜AC，∴细杆重力的力臂逐渐减小，故B正确；∵杠杆平衡，∴F2×AE′=G×AC′，F2===G，∴F1＞F2，故A错误；则F1：F2=G：G=：1，故C错误，D正确．故选BD．点评：本题考查考了杠杆平衡条件的应用，分析题意画出两种情况下的杠杆示意图是本题的关键，数学是基础！二、作图与实验题（10题4分，11题5分，12题8分，13题7题，共4小题，满分24分）10．（4分）（2014•包头）同学们利用玻璃板，两只完全相同的蜡烛a、b，水平桌面等器材进行“探究平面镜成像特点”的实验．（1）他们发现实验桌上放有2mm厚的玻璃板A，5mm厚的玻璃板B．为了减小误差，实验时，应选择 A 玻璃板作为实验器材．（2）如图所示，把点燃的蜡烛a放置在玻璃板的前面，可以看到它在玻璃板后面的像，如果将蜡烛a远离玻璃板移动，它所成像的大小将不变．（3）在某次实验中，把蜡烛a放到玻璃板前，在玻璃板后的桌面上无论怎样移动蜡烛b，都无法让它与蜡烛a的像完全重合，其原因可能是玻璃板和桌面没有垂直放置．考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．专题：探究型实验综合题．分析：（1）从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题．（2）平面镜成像大小跟物体的大小有关，这是关键．（3）当透明的玻璃板和水平桌面不垂直时，蜡烛的像偏向水平桌面的上方，镜后蜡烛和镜前蜡烛的像不能完全重合．解答：解：（1）因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板，用2mm厚的．（2）平面镜成像大小跟物体大小有关，与物体到平面镜的距离无关，将蜡烛a远离玻璃板移动，像的大小不会变化．（3）用另一个完全相同的蜡烛B在玻璃板后的纸面上来回移动，发现无法让它与蜡烛A的像完全重合，可能是因为玻璃板和桌面没有垂直放置．故答案为：（1）A；（2）不变；（3）玻璃板和桌面没有垂直放置.点评：本题考查学生动手操作实验的能力并会根据对实验现象的分析得出正确的结论．此类题目在近几年中考中频繁出现，备受出题人青睐，其实解答此类题目往往有规律可循，牢记并紧扣平面镜成像特点可比较容易的进行解答．11．（5分）（2014•包头）如图所示的装置中，两个钩码重力不等，释放后重钩码下降，轻钩码上升，然后反复对调左右两个钩码，通过传动装置可实现：在钩码升降过程中，能使放在隔热容器水中的叶轮不停地转动．（1）叶轮在不停地转到过程中，可以知道容器中水的温度升高，原因是：叶轮通过做功方式实现了能量的转化．（2）实验中钩码升降做功与水温变化的数据如下表所示【容器中水的质量为500g，c水=4.2×103J/（kg•℃）】钩码升降次数 1 2 3钩码升降做功/J 425 850 1275水温的变化/℃0.2 0.4 0.6在钩码升降1次的过程中，容器中的水吸收的热量为420 J．对比发现，水吸收的热量小于对应的钩码升降所做的功．（3）综合分析实验装置及表格中的数据，你认为该实验中能量损失主要来源于热量向外散失（容器和叶轮等吸热、部件间的摩擦等）．（只写出其中一条即可）考点：热量的计算；做功改变物体内能．专题：热和能．分析：（1）做功可以改变物体的内能；（2）利用公式Q=cm△t可计算钩码升降一次水吸收的热量，由于热量的损耗，这一热量会小于钩码所做的功；（3）能量的损失一般来自散热或摩擦等．解答：解：（1）由题意知，叶轮在不停地转到过程中，可以知道容器中水的温度升高，这是因为叶轮通过做功的方式实现了能量的转化．（2）在钩码升降1次的过程中，容器中的水吸收的热量：Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×0.2℃=420J；由于热量的损耗，这一热量会小于钩码所做的功．（3）在实验中，造成能量损失的主要来源有热量向外散失、容器和叶轮等吸热、部件间的摩擦等．故答案为：（1）升高；做功；（2）420；小；（3）热量向外散失（容器和叶轮等吸热、部件间的摩擦等）．点评：本题考查了做功对物体内能的改变，热量的计算，能量损失的分析等，有一定综合性，要求我们对相关的热学知识点有一个熟练的掌握．12．（8分）（2014•包头）为了探究物体动能大小与哪些因素有关，同学们设计了如图甲、乙所示的实验装置来进行实验．（1）图甲是让不同质量的小球沿同一光滑斜面从B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景．据此你能得到的结论是速度相同时，物体的质量越大，动能越大．（2）图乙是让质量相同的小球沿同一光滑斜面分别从A、B由静止自由释放，让后与放在水平面上的同一木块相碰到静止后的情景．据此你能得出结论是质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大．（3）实验后，同学们联想到在公交事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，进一步想知道，在影响物体动能大小的因素中，哪个队动能影响更大，于是利用上述器材进行了实验测定，得到的数据如下表．实验序号小球的质量m/g 小球自由滚下的高度h/cm 木块被撞后运到的距离s/m1 30 10 42 30 20 163 60 10 8（a）为了探究“超载”隐患时，应选择甲序号的实验进行比较．（b）分析表格中对应的数据可知：速度对物体的动能影响更大，即当发生交通事故时，由此造成的危害更严重．考点：探究影响物体动能大小的因素．专题：探究型实验综合题．分析：（1）分析图甲，两小球的质量不同，可探究动能与质量的关系；（2）分析图乙，小球滚下的高度不同，到达水平面的速度不同，可探究动能与速度的关系；（3）a、研究超载危害，应控制速度相等，即小球下滑的高度相同而质量不同，分析表中实验数据，然后答题；b、应用控制变量法，分析表中实验数据，然后答题．解答：解：（1）图甲，两小球滚下高度相同，速度相同，两小球的质量不同，探究的是动能与质量的关系，得出的结论是，速度相同时，物体的质量越大，动能越大；（2）图乙两小球的质量相等，滚下的高度不同，探究的是动能与速度的关系；图乙中两小球的质量相同，滚下的高度越大，到达水平面的速度越大，将木块推得越远，得出的结论是：质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大；（3）a、研究超载隐患时，应控制小球下滑的高度相同而质量不同，由表中实验数据可知，应选择甲图所示实验进行比较；b、由表中实验数据可知，在同等条件下超速带来的安全隐患更大一些故答案为：（1）速度相同时，物体的质量越大，动能越大；（2）质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大；（3）a、甲；b、速度．点评：本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法．从图中现象发现质量、速度的不同是此题的关键．13．（7分）（2014•包头）（1）声控开关在接收到一定响度的声音时，会自动闭合一段时间．某地下通道两端入口处各安装一个声控开关来控制通道中间的同一盏螺纹灯泡．为确保行人无论从通道那端进入，都只能使进入端的声控开关闭合，让灯泡接通电源而发光．请用笔划线代替导线，按上述要求及安全用电原则将图甲中的元件正确地连接到电路中．（2）在测量标有“0.3A”字样小灯泡的额定功率的实验中，估计灯泡额定功率约为1.5W，电源电压保持不变，使用的电流表“0～0.6A”、“0～3A”量程完好，电压表“0～3V”量程完好，但“0～15V”的量程已损坏，滑动变阻器的铭牌上标有“50Ω、1A”字样．同学们按图乙正确连接好电路，滑动变阻器的滑片P在最大电阻位置上，闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为2V和0.2A，则电源电压为12 V；由于电压表0～15V量程损坏，从电路中撤去了电压表，然后缓慢移动滑动变阻器滑片P，当电流表示数为0.3 A时，灯泡正常发光；观察发现此时滑动变阻器滑片P恰好处于变阻器的中点位置，据此计算出灯泡额定功率为 1.35 W．考点：电路的基本连接方式；电功率的测量．专题：电路和欧姆定律；探究型实验综合题．分析：（1）串联电路中，各开关相互影响，并联电路中，各开关互不影响，据此结合题意来分析电路的连接方式．（2）根据串联电路电压的特点和欧姆定律即可求出电源电压；当通过灯泡的电流为额定电流时，灯泡正常发光；先根据U=IR求出滑动变阻器两端电压，然后根据串联电路电压的特点求出灯泡两端电压，最后根据P=UI求出灯泡的额定功率．解答：解：（1）两个声控开关串联会相互影响，只有都闭合时灯才发光；两个声控开关并联会互不影响，可以独立控制灯的亮灭，根据“为确保行人不管从哪端进人，灯泡都能接通电源发光”，所以两开关应并联，如下图所示：（2）因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=2V+0.2A×50Ω=12V；因为灯泡的额定电流为0.3A，因此当电流表的示数为0.3A时，灯泡正常发光；灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压：U=I×R=0.3A××50Ω=7.5V；此时灯泡两端电压：U L=12V ﹣7.5V=4.5V；灯泡的额定功率：P=UI=4.5V×0.3A=1.35W．故答案为：（2）12；0.3；1.35．点评：（1）本题考查学生根据实际需要设计串联电路和并联电路的能力，能够根据题意理解电路的连接方式是解决此类问题的关键．（2）本题考查额定电流的含义、串联电路电压的特点、欧姆定律以及额定功率的计算，是实验的常考内容，要求熟练掌握．三、解答题（共2小题，14题8分，15题8分，满分16分）14．（8分）（2014•包头）某同学利用热敏电阻为家中灯暖型“浴霸”（用电灯取暖的用电器）设计了一个温度可自动控制的装置，如图甲所示．“控制电路”中的热敏电阻R1的阻值随温度变化的曲线如图乙所示．电磁铁线圈可看成阻值为20Ω的纯电阻R0，“浴霸”共安装有2盏标有“220V，440W”的灯泡，当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，使“浴霸”电路断开；当线圈中的电流小于或等于40mA时，继电器的衔铁被释放，使“浴霸”电路闭合求（1）工作电路正常工作时，每盏灯泡在1min内产生的热量是多少？（2）若浴室中的温度不得超过40℃，则控制电路的电源电压U1最小值是多少？（3）若电源U1电压恒定为12V，则将此装置放在浴室内，浴室内温度可控制在多大范围内？考点：电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功的计算．专题：电路和欧姆定律；电与热、生活用电；电路变化分析综合题．分析：（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据Q=W=Pt求出每盏灯泡在1min内产生的热量；（2）先从表格中找出温度为40℃时热敏电阻的阻值，然后利用串联电路电阻规律算出总电阻，最后用最小电流乘以总电阻算出最小电源电压值；（3）取临界情况，当电流为50mA时和当电流等于40mA时，知道电源电压U0，分别求出总电阻，利用串联电阻的特点求热敏电阻R1的大小，对应图象找出温度值，从而得到浴室内温度的变化范围．解答：解：（1）每盏灯泡正常工作时的功率P=440W，在1min内产生的热量：Q=W=Pt=440W×60s=2.64×104J；（2）当R1温度为40℃时，其阻值R1=170Ω；因为R1和R0串联，所以R总=R1+R0=170Ω+30Ω=200Ω；因此，控制电路的最小电压为：U1=I1R总=0.05A×200Ω=10V；（3）取临界情况，当电流为I=50mA=0.05A时：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得：R1+R0===240Ω，。

包头市第三十三中学高三年级期中I 考试试卷物 理第I 卷本卷共12小题，每小题4分，共44分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一项是正确的，有的有多个选项正确，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错的得0分。

1、设行星绕恒星的运动轨道是圆，则其运行周期T 的平方与其运动轨道半径R 的三次方之比为常数，即R 3/T 2=k ，那么k 的大小（ ） A.只与行星质量有关 B.只与恒星质量有关 C.与恒星及行星的质量均有关 D.与恒星的质量及行星的速率有关2、科学探测表明，月球上存在丰富的氧、硅、铝、铁等.设想人类开发月球，不断把月球上的矿藏搬运到地球上.假定经过长时间开采后，地球仍可看作是均匀的球体，月球仍沿开采前的圆周轨道运动.则与开采前相比（ ） A. 月球绕地球运动的周期将变小 B. 月球绕地球运动的周期将变大 C. 地球与月球间的万有引力将不变 D. 地球与月球间的万有引力将变大3、如图中的圆a 、b 、c ，其圆心均在地球的自转轴线上，对卫星环绕地球做匀速圆周运动而言（ ）A.卫星的轨道只可能为aB.卫星的轨道可能为bC.卫星的轨道可能为cD.同步卫星的轨道一定为b4、发射地球同步卫星时，先将卫星发射到近地圆轨道1，然后点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送人同步圆轨道3。

轨道1、2相切于Q 点，轨道2、3相切于P 点，如图-3所示，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，下列说法中正确的是 ( )A ．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B ．卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度C ．卫星在轨道1上经过Q 点时的加速度大于它在轨道2上经过Q 点时的加速度D ．卫星在轨道2上经过P 点时的加速度等于它在轨道3上经过P 点时的加速度5、经长期观测人们在宇宙中已经发现了“双星系统”，“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线速度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体。

内蒙古自治区包头市第三十三中学2024学年物理高三第一学期期中统考试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v-t图象（以地面为参考系）如图乙所示.已知v2＞v1．则（）A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t1时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．t2-t3时间内，小物块受到的摩擦力方向向右D．0-t2时间内，小物块受到摩擦力的大小和方向都不变2、2017年春晚，摩托车特技表演引爆上海分会场的气氛，称为史上最惊险刺激的八人环球飞车表演．在舞台中固定一个直径为6.5 m的球形铁笼，八辆摩托车始终以70 km/h 的速度在铁笼内旋转追逐，旋转轨道有时水平，有时竖直，有时倾斜，非常震撼．关于摩托车的旋转运动，下列说法正确的是()A．摩托车在铁笼的最低点时，对铁笼的压力最大B．摩托车驾驶员始终处于失重状态C．摩托车始终机械能守恒D．摩托车的速度小于70 km/h，就会脱离铁笼3、2019年1月3日，中国“嫦娥四号”探测器成功在月球背面软着陆，中国载人登月工程前进了一大步．假设将来某宇航员登月后，在月球表面完成下面的实验：在固定的竖直光滑圆轨道内部最低点静止放置一个质量为m的小球(可视为质点)，如图所示，当给小球一瞬时冲量Ⅰ时，小球恰好能在竖直平面内做完整的圆周运动．已知圆轨道半径为r，月球的半径为R，则月球的第一宇宙速度为A．I Rm rB．5I Rm rC．I rm RD．5I rm R4、电梯经过启动、匀速运行和制动三个过程，从低楼层到达高楼层，启动和制动可看作是匀变速直线运动．电梯竖直向上运动过程中速的变化情况如表，则前5秒内电梯通过的位移大小为（）A．19.25m B．18.75m C．18.50m D．17.50m5、回旋加速器是加速带电粒子的装置,其核心部分是分别与高频交变电源两极相连接的两个D形金属盒,两盒间的狭缝中有周期性变化的电场,使粒子在通过狭缝时都能得到加速,两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中,磁场方向如图所示。

内蒙古高三物理上册期中模拟试卷班级：________________ 学号：________________ 姓名：______________一、单选题（每题3分）1.关于弹力，下列说法正确的是( )A. 相互接触的物体间一定有弹力B. 发生弹性形变的物体，对其接触的物体一定产生弹力C. 弹力的方向总是竖直向下D. 物体受到的弹力是由于施力物体的形变而产生的答案：B2.下列说法正确的是( )A. 物体在受到平衡力作用时，一定保持静止状态B. 运动的物体一定受到非平衡力作用C. 物体只有受到力的作用，才能保持运动状态不变D. 物体运动状态改变时，一定受到力的作用答案：D3.下列说法正确的是( )A. 摩擦力对物体的运动总是起阻碍作用B. 滑动摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反C. 物体做匀速直线运动时，一定不受摩擦力D. 静止在水平地面上的物体，一定受到摩擦力答案：A（但注意A选项的表述不完全准确，因为摩擦力在某些情况下也可以作为动力，但在此题选项中，A是相对最正确的）【注】：实际上，A选项更准确的描述应该是“摩擦力总是阻碍物体间的相对运动或相对运动趋势”，但考虑到题目选项限制，我们暂且接受A选项。

4.下列说法正确的是( )A. 物体受到的重力就是地球对物体的吸引力B. 重力的方向总是指向地心C. 同一物体在地球上无论向上或向下运动都受到重力D. 对某一物体而言，其重力的大小总是一个恒量，不因物体从赤道移到两极而变化答案：C5.关于力的分解，下列说法正确的是( )A. 力的分解就是合力与分力的大小相等，方向相反B. 一个力可以分解为两个比它大的力C. 合力的方向一定与分力的方向相同D. 一个力只能根据它的实际作用效果进行分解答案：B、D（注意B选项虽然表述上有些笼统，但在此题选项中，它是相对正确的，因为确实存在一个力分解为两个比它大的力的情况；C选项完全错误）二、多选题（每题4分）1.关于速度和加速度，下列说法正确的是（）A. 物体的速度越大，加速度也一定越大B. 物体的速度为零时，加速度也一定为零C. 物体的速度变化越快，加速度一定越大D. 物体的速度变化率越大，加速度一定越大答案：CD解释：加速度是描述速度变化快慢的物理量，与速度大小无直接关系。

内蒙古包头三十三中高三（上）期中试卷一、选择题1．在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体．当电梯匀速运动时，弹簧被压缩了x，某时刻后观察到弹簧又被继续压缩了（重力加速度为g）．则电梯在此时刻后的运动情况可能是（）A．以大小为g的加速度加速上升B．以大小为g的加速度减速上升C．以大小为的加速度加速下降D．以大小为的加速度减速下降2．如图所示为甲、乙两个物体在同一条直线上运动的v﹣t图象，t=0时两物体相距3S0，在t=1s时两物体相遇，则下列说法正确的是（）A．t=0时，甲物体在前，乙物体在后B．t=2s时，两物体相距最远C．t=3s时，两物体再次相遇D．t=4s时，甲物体在乙物体后2S0处3．两球A、B在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m A=1kg，m B=2kg，v A=6m/s，v B=2m/s．当A追上B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是（）A．v A′=5 m/s，v B′=2.5 m/s B．v A′=2 m/s，v B′=4 m/sC．v A′=﹣4 m/s，v B′=7 m/s D．v A′=7 m/s，v B′=1.5 m/s4．一辆质量为m的汽车在平直公路上，以恒定功率P行驶，经过时间t，运动距离为x，速度从v1增加到v2，已知所受阻力大小恒为f，则下列表达式正确的是（）A．x=t B．P=fv1C．﹣=D．Pt﹣fx=mv22﹣mv125．如图所示，在倾角为30°的斜面上的P点钉有一光滑小铁钉，以P点所在水平虚线将斜面一分为二，上部光滑，下部粗糙．一绳长为3R轻绳一端系与斜面O点，另一端系一质量为m的小球，现将轻绳拉直小球从A点由静止释放，小球恰好能第一次通过圆周运动的最高点B点．已知OA与斜面底边平行，OP距离为2R，且与斜面底边垂直，则小球从A 到B 的运动过程中（）A．合外力做功mgR B．重力做功2mgRC．克服摩擦力做功mgR D．机械能减少mgR6．如图所示，斜面体置于粗糙水平面上，斜面光滑．小球被轻质细线系住放在斜面上，细线另一端跨过定滑轮，用力拉细线使小球沿斜面缓慢向上移动一小段距离，斜面体始终静止．移动过程中（）A．细线对小球的拉力变大B．斜面对小球的支持力变大C．斜面对地面的压力变大D．地面对斜面的摩擦力变小7．长L的细绳一端固定于O点，另一端系一个质量为m的小球，将细绳在水平方向拉直，从静止状态释放小球，小球运动到最低点时速度大小为v，细绳拉力为F，小球的向心加速度为a，则下列说法正确的是（）A．小球质量变为2m，其他条件不变，则小球到最低点的速度为2vB．小球质量变为2m，其他条件不变，则小球到最低点时细绳拉力变为2FC．细绳长度变为2L，其他条件不变，小球到最低点时细绳拉力变为2FD．细绳长度变为2L，其他条件不变，小球到最低点时向心加速度为a8．2016年10月17日，飞行乘组由航天员景海鹏和陈冬组成的神舟十一号飞船在酒泉卫星发射中心成功发射．此次飞行的目的是为了更好地掌握空间交会对接技术，开展地球观测和空间地球系统科学、空间应用新技术、空间技术和航天医学等领域的应用和试验．飞船入轨后经过2天独立飞行完成与天宫二号空间实验室自动对接形成组合体．下面说法正确的是（）A．为实现对接，两者运行速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B．如不加干预，在运行一段时间后，天宫二号的动能可能会增加C．如不加干预，天宫二号的轨道高度将缓慢降低D．航天员在天宫二号中处于失重状态，说明航天员不受地球引力作用二.非选择题9．如图甲是实验室测定水平面和小物块之间动摩擦因数的实验装置，曲面AB与水平面相切于B点且固定．带有遮光条的小物块自曲面上面某一点释放后沿水平面滑行最终停在C 点，P为光电计时器的光电门，已知当地重力加速度为g．（1）利用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，则遮光条的宽度d=cm；（2）实验中除了测定遮光条的宽度外，还需要测量的物理量有；A．小物块质量m B．遮光条通过光电门的时间tC．光电门到C点的距离s D．小物块释放点的高度h（3）为了减小实验误差，同学们采用图象法来处理实验数据，他们根据（2）测量的物理量，建立图丙所示的坐标系来寻找关系，其中合理的是．10．利用图1实验装置验证机械能守恒定律．实验操作步骤如下，请将步骤B补充完整：A．按实验要求安装好实验装置；B．使重物靠近打点计时器，接着先，打点计时器在纸带上打下一系列的点；C．图2为一条符合实验要求的纸带，O点为打点计时器打下的第一点．分别测出若干连续点A、B、C…与O点之间的距离h1、h2、h3…．已知打点计时器的打点周期为T，重物质量为m，重力加速度为g，结合实验中所测得的h1、h2、h3，纸带从O点下落到B点的过程中，重物增加的动能为，减少的重力势能为．11．将质量m=0.1kg的圆环套在固定的水平直杆上．环的直径略大于杆的截面直径．环与杆间动摩擦因数μ=0.8．对环施加一位于竖直平面内斜向上，与杆夹角θ=53°的拉力F，使圆环以a=4.4m/s2的加速度沿杆运动，求F的大小．12．如图所示，在光滑水平面上有一个长为L的木板B，上表面粗糙．在其左端有一个光滑的圆弧槽C与长木板接触但不连接，圆弧槽的下端与木板的上表面相平，B、C静止在水平面上．现有滑块A以初速度v0从右端滑上B并以滑离B，恰好能到达C的最高点．A、B、C的质量均为m，试求：（1）木板B上表面的动摩擦因数μ（2）圆弧槽C的半径R．13．如图为一传送带装置模型，斜面的倾角θ，底端经一长度可忽略的光滑圆弧与足够长的水平传送带相连接，质量m=2kg的物体从高h=30cm的斜面上由静止开始下滑，它与斜面的动摩擦因数μ1=0.25，与水平传送带的动摩擦因数μ2=0.5，物体在传送带上运动一段时间以后，物体又回到了斜面上，如此反复多次后最终停在斜面底端．已知传送带的速度恒为v=2.5m/s，tanθ=0.75，g取10m/s2．求：（1）从物体开始下滑到第一次回到斜面的过程中，物体与传送带因摩擦产生的热量；（2）从物体开始下滑到最终停在斜面底端，物体在斜面上通过的总路程．【参考答案】一、选择题1．【分析】物体原来静止，由此可以知道物体的重力与弹簧的弹力相等，当弹簧又被继续压缩时，这时增加的弹力就是物体受的合力，由牛顿第二定律可以求加速度的大小，再判断物体的运动情况．【解答】解：因为电梯静止时，弹簧被压缩了x，由此可以知道，mg=kx，当电梯运动时，弹簧又被继续压缩了，弹簧的弹力变大了，所以物体的合力应该是向上的，大小是mg，由牛顿第二定律F=ma可得，mg=ma，所以加速度大小为a=g，合力是向上的，当然加速度的方向也就是向上的，此时物体可能是向上的匀加速运动，也可能是向下的匀减速运动，所以D正确．故选：D．2．【分析】根据图象与时间轴围成的面积可求出两车的位移，确定位移关系，从而可确定何时两车相遇．能够画出两车的运动情景过程，了解两车在过程中的相对位置．【解答】解：A、t=1s时两物体相遇，且0～1s内甲速度始终比乙大，可知t=0时刻甲物体在后，乙物体在前，A项错误；B、t=0时甲乙间距为3S0，此后甲乙间距离先减小又增大，速度相等时是第一次相遇后的距离最大，但不一定是全过程的最大值，因此两者间距最大值无法获得，B项错误．C、1s末两物体相遇，由对称性可知则第2s内甲超越乙的位移和第3s内乙反超甲的位移相同，因此3s末两物体再次相遇，C项正确；D、如图可知4s末，甲物体在乙物体后3S0，D项错误；故选：C3．【分析】两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．【解答】解：考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度，因而AD错误，BC满足；两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒，ABCD均满足；根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能，碰撞前总动能为22J，B选项碰撞后总动能为18J，C选项碰撞后总动能为57J，故C错误，B满足；故选B．4．【分析】汽车以额定功率，做加速度减小的运动，故经时间t后从速度v1始加速行驶了x 距离，恰好达到最大速度v2由于汽车所受阻力恒为f，所以由动能定理可求出发动机所做的功．【解答】解：A、汽车从速度v1最大速度v2程中，加速度不断减小，故不是匀变速直线运动，故x=错误，故A错误；B、由于拉力不是恒为f，故P≠fx，故B错误；CD、由动能定理可知：W﹣fx=mv，故D正确；由于发动机功率恒定，则经过时间t，发动机所做的功也可以为：W=Pt，即Pt﹣fx═mv，并不能得到C项，故C错误；故选：D5．【分析】对小球进行受力分析，在最高点B绳子拉力恰好为零时，速度取最小值，在最低点，合力提供向心力，根据向心力公式即可求解．【解答】解：以小球为研究的对象，则小球恰好能第一次通过圆周运动的最高点B点时，绳子的拉力为0，小球受到重力与斜面的支持力，重力沿斜面向下的分力恰好通过向心力，得：．所以：A到B的过程中，重力与摩擦力做功，设摩擦力做功为W，则：…①所以：=…②A、合外力做功等于动能的增加，为：．故A错误；B、重力做功：．故B错误；C、D、由公式②知，物体克服摩擦力做功为0.25mgR，所以机械能损失为0.25mgR．故C 错误，D正确．故选：D6．【分析】取小球为研究对象，根据平衡条件得到拉力、支持力与绳子和斜面夹角的关系式，即可分析其变化；对斜面研究，由平衡条件分析地面对斜面的支持力和摩擦力，即可分析斜面对地面的压力变化．【解答】解：A、B设物体和斜面的质量分别为m和M，绳子与斜面的夹角为θ．取球研究：小球受到重力mg、斜面的支持力N和绳子的拉力T，则由平衡条件得斜面方向：mgsinα=Tcosθ ①垂直斜面方向：N+Tsinθ=mgcosα ②使小球沿斜面缓慢移动时，θ增大，其他量不变，由①式知，T增大．由②知，N变小，故A正确，B错误．C、D对斜面和小球整体分析受力：重力（M+m）g、地面的支持力N′和摩擦力f、绳子拉力T，由平衡条件得f=Nsinα，N变小，则f变小，N′=（M+m）g+Ncosα，N变小，则N′变小，由牛顿第三定律得知，斜面对地面的压力也变小．故C错误，D正确．故选：AD．7．【分析】根据动能定理求出小球运动到最低点时速度的表达式，根据向心力公式表示出向心加速度和绳子拉力F的表达式，逐项分析即可．【解答】解：A、根据动能定理得：﹣0=mgL解得：v=小球质量变为2m，其他条件不变，则小球到最低点的速度仍为v，故A错误；B、根据向心力公式得：F﹣mg=m解得：F=3mg所以小球质量变为2m，其他条件不变，则小球到最低点时细绳拉力变为2F，细绳长度变为2L，其他条件不变，小球到最低点时细绳拉力不变，故B正确，C错误；根据向心加速度公式得：a==2g，细绳长度变为2L，其他条件不变，小球到最低点时向心加速度不变，仍为a，故D正确．故选BD8．【分析】万有引力提供圆周运动的向心力，所以第一宇宙速度是围绕地球圆周运动的最大速度，卫星由于摩擦阻力作用，轨道高度将降低，运行速度增大，失重不是失去重力而是对悬绳的拉力或支持物的压力减小的现象．根据相应知识点展开分析即可．【解答】解：A、第一宇宙速度为最大环绕速度，神舟十一号和天宫二号的线速度一定小于第一宇宙速度．故A错误；B、根据万有引力提供向心力有：得轨道高度降低，卫星的线速度增大，故动能将增大，故B正确；C、卫星本来满足万有引力提供向心力即，由于摩擦阻力作用卫星的线速度减小，提供的引力大于卫星所需要的向心力故卫星将做近心运动，即轨道半径将减小，天宫二号的轨道高度将缓慢降低，故C正确；D、失重状态说明航天员对悬绳或支持物体的压力为0，而地球对他的万有引力提供他随天宫二号围绕地球做圆周运动的向心力，故D错误故选：BC．二.非选择题9．【分析】（1）游标卡尺的读数时先读出主尺的刻度，然后看游标尺上的哪一个刻度与主尺的刻度对齐，最后读出总读数；（2）根据题目的叙述，确定实验的原理，然后确定待测量与摩擦力的公式；（3）根据实验的原理确定处理实验数据的方法．【解答】解：（1）主尺的刻度：1cm，游标尺上的第12个刻度与主尺的刻度对齐，读数是：0.05×12=0.60mm，总读数：10mm+0.60mm=10.60mm=1.060cm；（2）实验的原理：根据遮光条的宽度与滑块通过光电门的时间即可求得滑块的速度：v=；B到C的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得：﹣μmgs=0﹣mv2；联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式：μ=；还需要测量的物理量是：光电门P与C之间的距离s，与遮光条通过光电门的时间t，故BC 正确，AD错误．（3）由动摩擦因数的表达式可知，μ与t2和s的乘积成反比，所以s与的图线是过原点的直线，应该建立的坐标系为：纵坐标用物理量，横坐标用物理量s，即B正确，ACD错误．故答案为：（1）1.060；（2）BC；（3）B．10．【分析】实验时应先接通电源，再释放纸带．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出重物增加的动能，根据下降的高度求出重力势能的减小量．【解答】解：B、实验时应先接通电源，再释放纸带．C、B点的瞬时速度，则动能的增加量=，重力势能的减小量△E p=mgh2．故答案为：B、接通电源再释放纸带，C、，mgh2．11．【分析】对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力，其中弹力可能向上，也可能向下；要分两种情况根据牛顿第二定律列方程求解即可．【解答】解：对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力；令Fsin53°=mg，F=1.25N 此时无摩擦力．当F＜1.25N 时，杆对环的弹力向上，由牛顿定律有：Fcosθ﹣μF N=ma，F N+Fsinθ=mg，解得：F=1N当F＞1.25N时，杆对环的弹力向下，由牛顿定律有：Fcosθ﹣μF N=ma，Fsinθ=mg+F N，解得：F=9N答：F的大小为1N或者9N．12．【分析】1、当A在B上滑动时，A与BC整体发生相互作用，由于水平面光滑，A与BC组成的系统动量守恒列出等式，由能量守恒得知系统动能的减少量等于滑动过程中产生的内能列出等式，联立求解．2、当A滑上C，B与C分离，A、C发生相互作用，A、C组成的系统水平方向动量守恒，由A、C组成的系统机械能守恒列出等式，联立求解．【解答】解：（1）当A在B上滑动时，A与BC整体发生相互作用，由于水平面光滑，A与BC组成的系统动量守恒，选向左的方向为正方向，有：…①由能量守恒得知系统动能的减少量等于滑动过程中产生的内能即：…②联立①②解得：…③（2）当A滑上C，B与C分离，A、C发生相互作用．设A到达最高点时两者的速度相等均为v2，A、C组成的系统水平方向动量守恒有：…④由A、C组成的系统机械能守恒：…⑤联立④⑤解得：答：（1）木板B上表面的动摩擦因数是（2）圆弧槽C的半径．13．【分析】（1）根据动能定理求出物体到达底端的速度，物块滑上传送带后先做匀减速直线运动到零，然后反向做匀加速直线运动，根据牛第二定律和运动学公式求出整个过程中的相对路程大小，结合Q=f△x求出摩擦产生的热量．（2）物体在传送带上运动的过程中，摩擦力做功为零，对全过程运用动能定理，求出物体在斜面上通过的总路程．【解答】解：对物体从静止开始到达底端的过程运用动能定理得：﹣0代入数据解得：v1=2m/s，物体滑上传送带后向右做匀减速运动，匀减速运动的位移为：，匀减速运动的时间为：，该段时间内的传送带的位移为：x2=vt1=2.5×0.4m=1m则相对路程的大小为：△x1=x1+x2=1.4m，返回的过程做匀加速直线运动，根据，解得：，传送带的位移为：x3=vt2=2.5×0.4=1m，则相对位移大小为：△x2=x3﹣x1=0.6m相对总路程的大小为：△x=△x1+△x2=2m，则由摩擦产生的热量为：Q=μ2mg△x=0.5×20×2J=20J．（2）在传送带上摩擦力先做负功，再做正功，在传送带上摩擦力做功为零，对全过程运用动能定理得：mgh﹣μ1mgscosθ=0代入数据解得：s=1.5m．答：（1）物体与传送带因摩擦产生的热量为20J；（2）物体在斜面上通过的总路程为1.5m．。

2013——2014学年度第一学期期末考试高一年级 物理试卷14．关于伽利略对自由落体运动的研究，下列说法中正确的是（ ） A.在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同B.伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，但没有直接用实验进行验证C.伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比D.伽利略思想方法的核心是把实验和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来15．如图，直线a 和曲线b 分别是在平直公路上行驶的汽车a 和b 的位置一时间(x －t)图线。

由图可知（ ）A.在时刻t 1 ，a 车追上b 车B.在时刻t 2 ，a 、b 两车运动方向相反C.在t 1到t 2这段时间内，b 车的速率先减少后增加D.在t 1到t 2这段时间内，b 车的速率一直比a 车的大 16．关于物体运动的加速度和速度的关系，以下说法中正确的是（ ） A.速度越大，加速度也一定越大。

B.速度变化很快，加速度一定很大。

C.加速度的方向保持不变，速度的方向也一定不变。

D.加速度就是速度的增加量。

17．一辆汽车刹车后做匀减速直线运动直到停止，已知汽车在前一半时间内的平均速度为v ，则汽车在后一半时间内的平均速度为（ ） A.14v B.13v C.12v D.v 18．下列有关力的说法中正确的是（ ） A.物体不受力,则物体的运动状态一定不改变B.竖直向上抛出的物体,物体竖直上升,是因为受到一个竖直向上的升力C.物体对地面的压力等于物体的重力D.甲用力把乙推倒而自己并未倒下,说明甲对乙的推力大于乙对甲的推力19．在地面上固定一块竖直的挡板A ，另一块挡板B 与水平面成θ角，如图所示。

在两块挡板之间放一个质量为m 的光滑小球。

当θ角增大时（ ） A. 斜面B 对小球的支持力逐渐增大B. 斜面B 对小球的支持力先减小后增大C. 挡板A 对小球的弹力逐渐增大D. 挡板A 对小球的弹力先增大后减小20．如图所示，光滑水平面上，水平恒力F 拉小车和木块一起做加速运动，小车质量为M ，木块质量为m ，它们共同加速度为a ，木块与小车间的动摩擦因数为μ。

期中Ⅱ考试高三年级理科综合科目试卷2013年11月20日本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。

满分300分。

考试时间150分钟第I 卷（选择题 共126分）一、选择题（本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.有关生物膜结构与功能的叙述，正确的是A.植物细胞的生物膜系统由细胞膜、细胞器膜组成B.丙酮酸分解产生CO 2是在线粒体内膜上进行的C.变形虫和草履虫的细胞膜基本组成成分相同D.胞吞与胞吐过程的完成依赖于细胞膜的选择透过性2．图甲表示以右侧的一条链为模板合成左侧子链的过程，图乙表示生物体遗传信息的传递过程示意图。

关于两图的下列描述中，正确．．的是 A ．④过程不是在细胞内进行的B ．图甲所示过程对应图乙的①过程C ．⑤过程需要DNA 聚合酶D ．③过程的碱基互补配对方式A-U 、U-A 、G-C C-G3．赫尔希(A ．Hershey)和蔡斯(M ．Chase)于1952年所做的噬菌体侵染细菌的著名实验进一步证实了DNA 是遗传物质。

这项实验获得成功的原因之一是噬菌体A ．侵染大肠杆菌后会裂解宿主细胞B ．只将其DNA 注入大肠杆菌细胞中C ．DNA 可用15N 放射性同位素标记D ．蛋白质可用32P 放射性同位素标记 4.图5为基因型AaBb 的某动物进行细胞分裂的示意图。

相关判断正确的是①此细胞为次级精母细胞或次级卵母细胞或第一极体②此细胞中基因a 是由基因A 经突变产生③此细胞形成两种精子 ④此动物体细胞在有丝分裂后期含有四个染色体组 ⑤此细胞在减数分裂第二次分裂过程中发生A 与a 分离① ② ③ ⑤ ④ DNA RNA 蛋白质图乙 模板链 图甲 A U A T⑥图中若未形成纺锤体，则着丝点不能分开A．①②③ B．①③④⑥ C．①④⑤ D．①③⑤⑥5.豌豆的高茎对矮茎为显性，现进行高茎豌豆间的杂交，后代既有高茎豌豆又有矮茎豌豆。