江西省抚州市南城一中等七校联考2015-2016学年高二下

2015-2016学年江西省抚州市南城一中等七校联考高二（下）期
末物理试卷
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，第1、
2、3小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）
1．如图所示是三个质点A、B、C的轨迹，三个质点同时从N点出发，同时到达M点，下列说法正确的是（）
A．三质点从N到M的平均速度相同
B．三质点从N到M的平均速率相同
C．到达M点时A的瞬时速率最大
D．从N到M的过程中，A的平均速率最大
2．下列叙述中，符合物理学史实的是（）
A．汤姆孙通过对阴极射线的研究，发现了电子
B．卢瑟福通过α粒子的散射实验，提出了原子核式结构学说
C．玻尔通过对天然放射性的研究，发现了两种放射性新元素镭和钋
D．爱因斯坦提出了光子说，并且很好地解释了光电效应现象
3．下列说法正确的是（）
A．C经一次α衰变后成为 C
B．He核由两个中子和两个质子组成
C．温度升高不能改变放射性元素的周期
D．核反应方程应遵循质子数和中子数守恒
4．下列说法正确的是（）
A．当氢原子从激发态跃迁到基态时，要吸收能量
B．由于每种原子都有自己的特征谱线，故可以根据原子光谱来鉴别物质
C．大量原子从n=3的激发态向低能级跃迁时，产生的光谱线有6种
D．氢原子光谱线的频率与氢原子能级的能量差无关
5．a、b、c三个物体以相同初速度沿直线从A运动到B，若到达B点时，三个物体的速度仍相等，其中a做匀速直线运动所用时间t a，b先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，所用时间为t b，c先做匀减速直线运动，再做匀加速直线运动，所用时间为t c；t a，t b，t c三者的关系是（）
A．t a=t b=t c B．t a＞t b＞t c C．t a＜t b＜t c D．t b＜t a＜t c
6．科学研究表明，光子有能量也有动量，当光子与电子发生碰撞时，光子的一些能量转移给电子．假设光子与电子碰撞前的波长为λ．碰撞后的波长为λ′，则碰撞过程中（）A．能量守恒，动量守恒，且λ=λ′
B．能量不守恒，动量不守恒，且λ=λ′
C．能量守恒，动量守恒，且λ＜λ′
D．能量守恒，动量守恒，且λ＞λ′
7．如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量也为m的小球从槽高h处开始下滑，则（）
A．在以后的运动过程中，小球和槽的动量始终守恒
B．在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功
C．被弹簧反弹后，小球和槽的机械能守恒，小球能回到槽高h处
D．被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动
8．有两个光滑固定的斜面AB和BC，A和C两点在同一水平面上，如图所示，一个滑块自A点以速度v A上滑，到达B点时速度减小为零，紧接着沿BC滑下，到达C点时速度大小仍为v A，滑块在斜面上倣匀变速运动，设滑块从A点到C点的总时间是t．那么，正确表示滑块速度的大小v随时间t变化规律的是（）
A．B．C．D．
9．已知金属锌发生光电效应时产生的光电子的最大初动能E k跟入射光的频率的关系图象如图中的直线1所示．某种单色光照射到金属锌的表面时，产生的光电子的最大初动能为E1．若该单色光照射到另一金属表面时产生的光电子的最大初动能E2，E2＜E1，关于这种金属的最大初动能E k跟入射光的频率的关系图象应如图中的（）
A．aB．b
C．cD．上述三条图线都不正确
10．氢原子能级的示意图如图所示，大量氢原子从n=4的能级向n=2的能级跃迁时辐射出可见光a，从n=3的能级向n=2的能级跃迁时辐射出可见光b，则（）
A．氢原子从高能级向低能级跃迁时可能会辐射出γ射线
B．氢原子从n=4的能级向n=3的能级跃迁时会辐射出紫外线
C．在水中传播时，a光较b光的速度小
D．氢原子在n=2的能级时可吸收任意频率的光而发生电离
二、填空题：本题共3小题，共20分。

11．某同学用如图所示装置通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律，图中PQ是斜槽，QR是水平槽，斜槽与水平槽之间平滑连接．实验时先使A球从斜槽上某一固定位置由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，重复上述操作10次，得到10个落点痕迹．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的位置，让A球仍从原位置由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作10次．在记录纸上，最终确定D、E和F为三个落点的平均位置．图中O点时水平槽末端R在记录纸上的竖直投影点．
（1）除了图中器材外，实验室还备有下列器材，完成本实验还需要用到的器材
有．
A．天平B．秒表C．毫米刻度尺D．打点计时器（及电源和纸带）
E．圆规F．弹簧测力计G．游标卡尺
（2）测得OD=15.2cm，OE=25.2cm，OF=40.0cm，已知本实验中的数据相当好地验证了动量守恒定律，则入射小球与被碰小球的质量m1与m2之比为．（计算结果保留两位有效数字）
12．某同学利用打点计时器测量小车做匀变速直线运动的加速度．
（1）电磁打点计时器是一种使用（选填“交流”或“直流”）电源的计时仪器，它的工作电压是4～6V，当电源的频率为50Hz时，它每隔s打一次点．
（2）实验中该同学从打出的若干纸带中选取一条纸带，如图所示，纸带上按时间顺序取A、B、C、D四个计数点，每两个点之间还有四个点未画出，用尺子测得相邻各点间的距离为x1=3.62cm，x2=4.75cm，x3=5.88cm．根据纸带数据可以判断小车在做匀加速直线运动，理由是（请用文字描述）；在计数点C所代表的时刻，纸带运动的瞬时速度是
m/s，小车的加速度是m/s2（以上两空小数点后保留两位数字）．
13．如图所示，N为钨板，M为金属网，它们分别与电池的两极相连，各电池的电动势和极性如图所示，已知金属钨的逸出功为4.5eV．现分别用不同能量的光子照射钨板（各光子的能量已在图上标出），那么各图中没有光电子到达金属网的是，能够到达金属网的光电子的最大动能是eV．
三、计算题：本大题共4小题，共40分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。

只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

14．如图所示，质量为3m的木块静止放置在光滑水平面上，质量为m的子弹（可视为质
点）以初速度v0水平向右射入木块，穿出木块时速度变为v0，试求：
①子弹穿出木块后，木块的速度大小；
②子弹穿透木块的过程中产生的热量．
15．如图所示，传送带保持2m/s的速度顺时针转动．现将一质量m=0.5kg的煤块轻轻地放在传送带的a点上，a、b间的距离L=5m，煤块从a点先匀加速后匀速运动到b点，所经历的时间为3s，求：
（1）煤块在传送带上匀加速运动的加速度大小和时间；
（2）煤块与传送带之间由于有相对滑动，在传送带上留下了一段黑色的划痕，求其长度．
16．科学研究发现太阳光是由于其内部不断发生从氢核到氦核的核聚变反应，即在太阳内部
4个氢核（H）转化成一个氦核（He）和两个正电子（e）并放出能量．（已知质子
的质量m p=1.0073u，α粒子的质量mα=4.0015u，电子的质量m e=0.0005u．1u的质量相当于931MeV的能量．）
（1）写出该热核反应方程；
（2）一次这样的热核反应过程中释放出多少MeV的能量？（结果保留4位有效数字）17．40kg的女孩骑自行车带30kg的男孩（如图所示），行驶速度2.5m/s．自行车行驶时，男孩要从车上下来．
（1）他知道如果直接跳下来，他可能会摔跤，为什么？
（2）男孩要以最安全的方式下车，计算男孩安全下车的瞬间，女孩和自行车的速度．（3）以自行车和两个孩子为系统，试比较计算在男孩下车前、后整个系统的动能值，并解释之．
2015-2016学年江西省抚州市南城一中等七校联考高二
（下）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，第1、
2、3小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）
1．如图所示是三个质点A、B、C的轨迹，三个质点同时从N点出发，同时到达M点，下列说法正确的是（）
A．三质点从N到M的平均速度相同
B．三质点从N到M的平均速率相同
C．到达M点时A的瞬时速率最大
D．从N到M的过程中，A的平均速率最大
【考点】平均速度；瞬时速度．
【分析】平均速度为位移与时间的比值，瞬时速度为经过M点瞬间时的速度，平均速率为路程与时间的比值．
【解答】解：A、由图可知，三个质点到达M点时的时间及位移均相等，故说明它们的平均速度相等，故A正确；
B、由于三个质点经过的路程不同，故三个质点的平均速率不同，故B错误；
C、因不明确质点具体的运动，故无法确定它们经过M点时的瞬时速度大小，故C错误；
D、因三个质点中，A的路程最大，故A的平均速率最大，故D正确；
故选AD．
2．下列叙述中，符合物理学史实的是（）
A．汤姆孙通过对阴极射线的研究，发现了电子
B．卢瑟福通过α粒子的散射实验，提出了原子核式结构学说
C．玻尔通过对天然放射性的研究，发现了两种放射性新元素镭和钋
D．爱因斯坦提出了光子说，并且很好地解释了光电效应现象
【考点】物理学史．
【分析】汤姆生发现电子，卢瑟福提出了原子核式结构学说．爱因斯坦提出的光子说圆满地解释了光电效应现象．卢瑟福预言了原子核是由质子和中子组成的．居里夫人过对天然放射性的研究，发现了两种放射性新元素镭和钋．
【解答】解：A、汤姆孙通过对阴极射线的研究，发现了电子，故A正确；
B、卢瑟福通过α粒子的散射实验，提出了原子核式结构学说，故B正确；
C、居里夫人过对天然放射性的研究，发现了两种放射性新元素镭和钋，故C错误；
D、爱因斯坦提出了光子说，并且很好地解释了光电效应现象．故D正确．
故选ABD．
3．下列说法正确的是（）
A．C经一次α衰变后成为 C
B．He核由两个中子和两个质子组成
C．温度升高不能改变放射性元素的周期
D．核反应方程应遵循质子数和中子数守恒
【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；原子核的人工转变．
【分析】根据核反应方程的质量数和电荷数守恒即可判断，放射性元素的周期与环境无关．
【解答】解：A、C经一次α衰变后，质量数为12，电荷数为4，故A错误；
B、He核由两个中子和两个质子组成，故B正确；
C、放射性元素的周期与环境无关，故C正确；
D、核反应方程的质量数和电荷数守恒，故D错误；
故选BC
4．下列说法正确的是（）
A．当氢原子从激发态跃迁到基态时，要吸收能量
B．由于每种原子都有自己的特征谱线，故可以根据原子光谱来鉴别物质
C．大量原子从n=3的激发态向低能级跃迁时，产生的光谱线有6种
D．氢原子光谱线的频率与氢原子能级的能量差无关
【考点】氢原子的能级公式和跃迁；氢原子光谱．
【分析】当氢原子从激发态向基态跃迁，辐射能量，当从基态向激发态跃迁，吸收能量．根
据组合公式求出大量氢原子跃迁时能产生光谱线的种数．能级间跃迁辐射和吸收光子能
量满足hν=E2﹣E1．
【解答】解：A、当氢原子从激发态跃迁到基态时，要辐射能量．故A错误．
B、由于每种原子都有自己的特征谱线，故可以根据原子光谱来鉴别物质．故B正确．
C、大量原子从n=3的激发态向低能级跃迁时，产生的光谱线数由知有3种，故C
错误；
D、由能级公式hν=E2﹣E1可知，氢原子光谱线的频率与氢原子能级的能量差有关．故D错误．
故选：B．
5．a、b、c三个物体以相同初速度沿直线从A运动到B，若到达B点时，三个物体的速度仍相等，其中a做匀速直线运动所用时间t a，b先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，所用时间为t b，c先做匀减速直线运动，再做匀加速直线运动，所用时间为t c；t a，t b，t c三者的关系是（）
A．t a=t b=t c B．t a＞t b＞t c C．t a＜t b＜t c D．t b＜t a＜t c
【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．
【分析】本题已知物体运动情况，a做匀速直线运动，说明a在A点和B点速度相同，三个物体在A点和B点的速度相等，说明三个物体的初速度和末速度都相同．可以设这个速度为v，则a的速度一直是v，故A的平均速度就是v，b先以初速度v匀加速运动，后又做匀减速运动直到速度减为v，那么这个过程中的所有时刻的速度都大于等于v，故此过程的平均速度就大于v，c先以速度v做匀减速运动，然后做匀加速运动直到速度为v，故此过
程的平均速度小于v．而三个物体运动的位移相等，根据t=，就可以比较运动时间的大小
了．
【解答】解：设三者的初速度为v，AB之间的位移为x，
根据t=，，，
而根据题目的分析可知：A做匀速运动，B先匀加速，后匀减速直到速度为v，那么这个过程中的所有时刻
的速度都大于等于v，所以，C先匀减速，后匀加速直到速度为v，那么这个过程中的所有时刻的速度都
小于等于v所以
所以＜＜
所以t b＜t a＜t c
故选D
6．科学研究表明，光子有能量也有动量，当光子与电子发生碰撞时，光子的一些能量转移给电子．假设光子与电子碰撞前的波长为λ．碰撞后的波长为λ′，则碰撞过程中（）A．能量守恒，动量守恒，且λ=λ′
B．能量不守恒，动量不守恒，且λ=λ′
C．能量守恒，动量守恒，且λ＜λ′
D．能量守恒，动量守恒，且λ＞λ′
【考点】动量守恒定律；物质波．
【分析】光子与静止电子碰撞后，动量守恒，能量守恒，通过能量守恒判断光子频率的变化，从而得出波长的变化．
【解答】解：光子与电子的碰撞过程中，系统不受外力，也没有能量损失，故系统动量守恒，系统能量也守恒，光子与电子碰撞后，电子能量增加，故光子能量减小，根据E=hv，光子
的频率减小，根据λ=知，波长变长，即λ＜λ′
故选：C．
7．如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量也为m的小球从槽高h处开始下滑，则（）
A．在以后的运动过程中，小球和槽的动量始终守恒
B．在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功
C．被弹簧反弹后，小球和槽的机械能守恒，小球能回到槽高h处
D．被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动
【考点】动量守恒定律．
【分析】由动量守恒的条件可以判断动量是否守恒；由功的定义可确定小球和槽的作用力是否做功；由小球及槽的受力情况可知运动情况；由机械守恒及动量守恒可知小球能否回到最高点．
【解答】解：A、小球在槽上运动时，由于小球受重力，故两物体组成的系统外力之和不为零，故动量不守恒；当小球与弹簧接触后，小球受外力，故动量不再守恒，故A错误；B、下滑过程中两物体都有水平方向的位移，而力是垂直于球面的，故力和位移夹角不垂直，故两力均做功，故B错误；
C、小球与槽组成的系统，水平方向动量守恒，球与槽的质量相等，小球沿槽下滑，球与槽分离后，小球与槽的速度大小相等，小球被反弹后球与槽的速度相等，小球不能滑到槽上，不能达到高度h，故C错误；
D、因两物体之后不受外力，故小球脱离弧形槽后，槽向后做匀速运动，而小球反弹后也会做匀速运动，故D正确；
故选：D．
8．有两个光滑固定的斜面AB和BC，A和C两点在同一水平面上，如图所示，一个滑块自A点以速度v A上滑，到达B点时速度减小为零，紧接着沿BC滑下，到达C点时速度大小仍为v A，滑块在斜面上倣匀变速运动，设滑块从A点到C点的总时间是t．那么，正确表示滑块速度的大小v随时间t变化规律的是（）
A．B．C．D．
【考点】匀变速直线运动的图像．
【分析】根据牛顿第二定律比较上滑和下滑的加速度大小，根据机械能守恒定律得出A、C 的速度大小相等，根据速度时间公式比较上滑和下滑的时间，从而确定正确的图线．
【解答】解：根据机械能守恒定律知，滑块在A、C的速度大小相等，上滑和下滑均匀变速直线运动，
根据牛顿第二定律知，上滑时的加速度大小a1=gsinα，下滑时的加速度大小a2=gsinθ，α＜θ，则a1＜a2，根据t=知，上滑的时间t1＞t2，故A正确，B、C、D错误．
故选：A．
9．已知金属锌发生光电效应时产生的光电子的最大初动能E k跟入射光的频率的关系图象如图中的直线1所示．某种单色光照射到金属锌的表面时，产生的光电子的最大初动能为E1．若该单色光照射到另一金属表面时产生的光电子的最大初动能E2，E2＜E1，关于这种金属的最大初动能E k跟入射光的频率的关系图象应如图中的（）
A．aB．b
C．cD．上述三条图线都不正确
【考点】光电效应．
【分析】光电效应方程为E K=hγ﹣W0，根据E K与γ的关系判断金属乙发生光电效应时产生光电子的最大初动能跟人射光的频率关系．
【解答】解：根据光电效应方程E K=hγ﹣W0，知，E K=hγ﹣hγ0，知图线的横轴截距表示截止频率，图线的斜率表示普朗克常量，知图线应用a图线平行，因为金属不同，则截止频率不同．故A正确，B、C、D错误．
故选A．
10．氢原子能级的示意图如图所示，大量氢原子从n=4的能级向n=2的能级跃迁时辐射出可见光a，从n=3的能级向n=2的能级跃迁时辐射出可见光b，则（）
A．氢原子从高能级向低能级跃迁时可能会辐射出γ射线
B．氢原子从n=4的能级向n=3的能级跃迁时会辐射出紫外线
C．在水中传播时，a光较b光的速度小
D．氢原子在n=2的能级时可吸收任意频率的光而发生电离
【考点】氢原子的能级公式和跃迁；X射线、α射线、β射线、γ射线及其特性；光子．【分析】γ射线的能量较大，其产生机理是原子核受激发，是原子核变化才产生的；
由能级差可得出从4能级到2能级时放出的光子能量；同理也可得出从3到2能级时放出的能量，比较可知两能量关系；则可得出两种光的可能情况；
由光谱知识可知两光在水中的传播速度；
要使氢原子电离，应使电子吸收大于能级的能量．
【解答】解：A、γ射线的产生机理是原子核受激发，是原子核变化才产生的，A错；
B、根据跃迁规律可知高能级向低能级跃迁时辐射光子的能量等于这两个能级差，从n=4的能级向n=3的能级跃迁时会辐射出的光子能量小于a光子的能量、不可能为紫外线，B错；
C、根据跃迁规律可知从n=4向n=2跃迁时辐射光子的能量大于从n=3向n=2跃迁时辐射光子的能量，则可见光a的光子能量大于b，又根据光子能量E=hγ可得a光子的频率大于b，
则a的折射率大于b，又V=可得在水中传播时，a光较b光的速度小，C正确；
D、欲使在n=2的能级的氢原子发生电离，吸收的能量一定不小于3.4eV，D错．
故选C．
二、填空题：本题共3小题，共20分。

11．某同学用如图所示装置通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律，图中PQ是斜槽，QR是水平槽，斜槽与水平槽之间平滑连接．实验时先使A球从斜槽上某一固定位置由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，重复上述操作10次，得到10个落点痕迹．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的位置，让A球仍从原位置由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作10次．在记录纸上，最终确定D、E和F为三个落点的平均位置．图中O点时水平槽末端R在记录纸上的竖直投影点．
（1）除了图中器材外，实验室还备有下列器材，完成本实验还需要用到的器材有ACE．A．天平B．秒表C．毫米刻度尺D．打点计时器（及电源和纸带）
E．圆规F．弹簧测力计G．游标卡尺
（2）测得OD=15.2cm，OE=25.2cm，OF=40.0cm，已知本实验中的数据相当好地验证了动量守恒定律，则入射小球与被碰小球的质量m1与m2之比为 4.0．（计算结果保留两位有效数字）
【考点】验证动量守恒定律．
【分析】（1）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．根据原理即可明确需要的器材；
（2）根据验证动量守恒定律的表达式进行分析，并代入数据可得两球的质量之比．
【解答】解：（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律，故有：m1v0=m1v1+m2v2
两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代，即为m1OE=m1OD+m2OF；所以需要测量的物理量有两个小球的质量和三段平抛的水平距离；测量质量需要用天平，测量长度需要用毫米刻度尺．
实验中要用尽可能小的圆将尽可能多的小球的落点圈住，圆心的位置就可以看成是小球的平均落点，所以还需要圆规．
故需要选择的器材为ACE；
（2）本实验需要验证的表达式为：m1OE=m1OD+m2OF，代入数据可解得：=
==4.0；
故答案为：（1）ACE；（2）4.0．
12．某同学利用打点计时器测量小车做匀变速直线运动的加速度．
（1）电磁打点计时器是一种使用交流（选填“交流”或“直流”）电源的计时仪器，它的工作电压是4～6V，当电源的频率为50Hz时，它每隔0.02s打一次点．
（2）实验中该同学从打出的若干纸带中选取一条纸带，如图所示，纸带上按时间顺序取A、B、C、D四个计数点，每两个点之间还有四个点未画出，用尺子测得相邻各点间的距离为x1=3.62cm，x2=4.75cm，x3=5.88cm．根据纸带数据可以判断小车在做匀加速直线运动，理由是相等时间内相邻位移差值相等（请用文字描述）；在计数点C所代表的时刻，纸带运动的瞬时速度是0.53m/s，小车的加速度是 1.13m/s2（以上两空小数点后保留两位数字）．
【考点】探究小车速度随时间变化的规律．
【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出C点的瞬时速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度．
【解答】解：（1）电磁打点计时器使用交流电源，频率为50Hz，则每隔0.02s打一个点．（2）因为小车在相邻相等时间内的位移之差相等x3﹣x2=x2﹣x1，所以小车做匀加速直线运动．
C点的速度等于BD段的平均速度，则v C==m/s=0.532m/s．
根据△x=aT2得，a==m/s2=1.13m/s2．
故答案为：（1）交流，0.02；
（2）相等时间内相邻位移差值相等；0.53；1.13．
13．如图所示，N为钨板，M为金属网，它们分别与电池的两极相连，各电池的电动势和极性如图所示，已知金属钨的逸出功为4.5eV．现分别用不同能量的光子照射钨板（各光子的能量已在图上标出），那么各图中没有光电子到达金属网的是AC，能够到达金属网的光电子的最大动能是 1.8eV．
【考点】光电效应．
【分析】发生光电效应的条件是入射光子的能量大于逸出功，当能发生光电效应时，若加的电压为正向电压，则一定能到达金属网，若所加的电压为反向电压，根据动能定理判断能否到达．
【解答】解：因为金属钨的逸出功为4.5eV ．所以能发生光电效应的是B 、C 、D ； B 选项所加的电压为正向电压，则电子一定能到达金属网；C 选项光电子的最大初动能为
1.3eV ．小于反向电压，根据动能定理，知电子不能到达金属网；D 选项光电子的最大初动能为
2.3eV ，大于反向电压，根据动能定理，有光电子能够到达金属网．故没有光电子达到金属网的是A 、C ．
故选：AC
B 项中逸出的光电子最大初动能为：E km =E 光﹣W 溢=4.8eV ﹣4.5eV=0.3eV ，到达金属网时最大动能为0.3eV+1.5eV=1.8 eV ．
D 项中逸出的光电子最大初动能为：
E km =E 光﹣W 溢=6.8eV ﹣4.5eV=2.3eV ，到达金属网时最大动能为2.3eV ﹣1.5eV=0.8 eV ．
能够到达金属网的光电子的最大动能是1.8eV ．
故答案为：AC ，1.8
三、计算题：本大题共4小题，共40分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。

只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

14．如图所示，质量为3m 的木块静止放置在光滑水平面上，质量为m 的子弹（可视为质
点）以初速度v 0水平向右射入木块，穿出木块时速度变为v 0，试求：
①子弹穿出木块后，木块的速度大小；
②子弹穿透木块的过程中产生的热量．
【考点】动量守恒定律；能量守恒定律．
【分析】①子弹与木块组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出木块的速度； ②由能量守恒定律可以求出产生的热量．
【解答】解：①设子弹穿出木块后，木块的速度大小为v ，设向右方向为正方向，由动量守恒定律得：
mv 0=3m •v+m ×v 0，
解得：v=；。