广东省揭阳市2010年高考一模(理综物理)

2010年揭阳市高考“一模”试题
理科综合物理
本试卷分单项选择题、双项选择题和非选择题三个部分。

满分300分。

考试时间150分钟。

注意事项：
1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卡上填写自己的准考证号、姓名、试室号和座位号。

用2B型铅笔把答题卡上试室号、座位号对应的信息点涂黑。

2．选择题每小题选出答案后，用2B型铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内的
相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4．考生必须保持答题卡整洁。

考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量：C 12 H 1 O 16 N 14 S 32 Cl 35.5 Cu 64
一、单项选择题（本题包括16小题，每小题4分，共64分。

每小题给出的四个选项中，只．
有一个
．．．选项符合题目要求）
13．以下涉及物理学史上的四个重大发现，其中说法不正确
．．．的是
A．卡文迪许通过扭秤实验，测定出了万有引力恒量
B．奥斯特通过实验研究，发现了电流周围存在磁场
C．法拉第通过实验研究，总结出法拉第电磁感应定律
D．牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因
14．物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用。

下列器件中，利用电磁感应现象工作的是
A．回旋加速器B．变压器C．质谱仪D．示波器
15．在空间某一点以大小相等的速度分别竖直上抛、竖直下抛、水平抛出质量相等的小球，不计空气阻力，经过t秒（设小球均未落地）
A．做竖直下抛运动的小球加速度最大B．三个小球的机械能都守恒
C．做平抛运动的小球动量变化最小D．做竖直下抛的小球动量变化最小16．如图所示，变压器的输入电压恒定，在下列措施中能使电
流表示数变大的是
A．保持变阻器的滑片不动，将K从2拨向1
B．保持变阻器的滑片不动，将K从1拨向2
C．保持K与1相连接，将变阻器的滑片向上移
D．保持K与2相连接，将变阻器的滑片向上移
二、双项选择题(本题9小题,每小题6分,共54分。

每小题给出的四个选项中,有两个选项符
合题目要求,全选对得6分,只选1个且正确得3分,错选、不选得0分)
17．在以下说法中，正确的是
A．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体
B．质量、温度都相同的氢气和氧气，分子平均动能不相同
C．当分子力表现为斥力时，随分子间距离的减少分子势能增大
D．热力学温度与摄氏温度的关系是：1 K=1 o C
18．以下说法正确的是
A．当氢原子从n=4的状态跃迁到n=2的状态时，要吸收光子
B．某金属产生光电效应，当增大照射光的强度时，则逸出光电子的最大初动能也随之增大
C．原子核的半衰期由核内部自身因素决定，与原子所处的化学状态和外部条件无关
D．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的
19．我国发射的“亚洲一号”地球同步通信卫星的质量为l.24t，在某一确定的轨道上运行。

下列说法正确的是
A．“亚洲一号”卫星可定点在北京正上方的太空，所以我国可以利用它进行电视转播B．“亚洲一号”卫星的轨道平面一定与赤道平面重合
C．若要发射一颗质量为2.48t的地球同步通信卫星，则该卫星的轨道半径将比“亚洲一号”卫星轨道半径小
D．若要发射一颗质量为2.48t的地球同步通信卫星，则该卫星的运行周期和“亚洲一号”
卫星的运行周期一样大
20．如图所示，物体m与斜面体M一起静止在水平面上。

若将斜面的倾
角θ稍微增大一些，且物体m仍静止在斜面上，则
A．斜面体对物体的支持力变小B．斜面体对物体的摩擦力变大
C．水平面与斜面体间的摩擦力变大D．水平面与斜面体间的摩擦力变小
21．如图所示，虚线a、b、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q是这
条轨迹上的两点，据此可知
A．三个等势面中，a 的电势最高
B．带电质点通过P点时的电势能较大
C．带电质点通过P点时的动能较大
D．带电质点通过P点时的加速度较大
三、非选择题（本题包括11小题，共182分）
34．（18分）（1）（8分）某同学用如图甲所示装置做“验证机械能守恒定律”的实验。

图乙为实验中得到的一条纸带，在纸带上用0、1、2、3、4、5、6……标出计数点。

①实验时，松开纸带与闭合电源开关的合理顺序是___ ___。

②规定打点1时重力势能为0，要计算出打点4时重物的机械能，在纸带上必须测出 。

③该同学根据测出的数据准确地计算出各计数点时重物的机械能，发现打后一个点时机械
能都比打前一个点时机械能小，其原因可能是 (只要求说出一种原因)。

④若在数据处理时所用的重力加速度比本地的重力加速度偏大，不考虑其它因素产生的误差，将使打后一个点时机械能都比打前一个点时机械能 。

（2）（10分）如图所示，用伏安法测电源电动势和内阻的实验中， 在电路中接一阻值为2Ω的电阻R 0，通过改变滑动变阻器，得到 几组电表的实验数据：
①R 0的作用是 ； ②用作图法在坐标系上作出U -I 图线；
③利用图线，测得电动势E = V ，内阻r = Ω。

(结果保留两位有效数字)
35．（18分）如图所示，光滑水平面上静止放着长L =1.6m ，质量为M =3kg 的木块（厚度不计）， 一个质量为m =1kg 的小物体放在木板的最右端，m 和M 之间的动摩擦因数μ=0.1，今对木板施加一水平向右的拉力F ，（g 取10m/s 2）
（1）为使物体与木板不发生滑动，F 不能超过多少？
（2）如果拉力F =10N 恒定不变，求小物体所能获得的最大动能？
（3）如果拉力F =10N ，要使小物体从木板上掉下去，拉力F 作用的时间至少为多少？
36．（18分）如图所示，AB、CD是处在方向垂直纸面向里、磁感应强度为B1的匀强磁场的两条金属导轨（足够长），导轨宽度为d，导轨通过导线分别与平行金属板MN相连，有一与导轨垂直且始终接触良好的金属棒ab以某一速度沿着导轨做匀速直线运动。

在y轴的右方有一磁感应强度为B2且方向垂直纸面向外的匀强磁场，在x轴的下方有一场强为E且方向平行x 轴向右的匀强电场。

现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子在M板由静止经过平行金属板MN，然后以垂直于y轴的方向从F处穿过y轴，再从x轴上的G处以与x轴正向夹角为60°的方向进入电场和磁场叠加的区域，最后到达y轴上的H点。

已知OG长为l，不计粒子的重力。

求：
？
（1）金属棒ab做匀速直线运动速度的大小
（2）粒子到达H点时的速度多大？
2010年揭阳市高考“一模”试题 理科综合物理参考答案及评分意见
一、单项选择题（本题包括16小题，每小题4分，共64分。

每小题给出的四个
选项中，只有一个选项符合题目要求）
二、双项选择题（本题包括9小题，每小题6分，共54分。

每小题给出的四个选
项中，有两个选项符合题目要求，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）
三、非选择题（共182分）
（物理部分，3小题，共54分）
34．（1）（8分）①先闭合电源后开关松开纸带（2分)
②1、4两点之间的距离和3、5两点之间的距离（2分)
③实验中存在阻力（2分) ④大（2分)
（2）（10分）①保护电源、电表，防止短路；（3分） ②作图；（3分）（没有用直尺不给分） ③1.4~1.6 0.67~1.3 （每空2分）
35．（18分）解：（1）物体与木板不发生滑动，则木块和小物体
具有共同加速度，由牛顿第二定律得：
F =(M+m)a ………………………………………………………………（2分）
小物体的加速度由木块对它的摩擦力提供，则有：
μmg=ma ……………………………………………………………（2分） 解得：
F=μ(M+m)g=4N ………………………………………………………（1分）
（2）小物体的加速度 21/1s m g m
mg
a ===μμ …………………………………………（1分）
木板的加速度 22/3s m M
mg
F a =-=
μ ……………………………………………
（1分） 物体滑过木板所用时间为t ，由位移关系得：
L t a t a =-21222
1
21 ………………………………………………（2分）
物体离开木板时的速度t a 11=υ …………………………………………………（1分）
J m E k 8.02
1
211==
υ …………………………………………………（1分）
（3）若要F 作用时间最短，则物体离开木板时与木板速度相同。

设F 作用的最短时间为t 1，物体在木板上滑行的时间为t ，物体离开木板时与木板的速度为υ，则
t a 1=υ ……………………………………………………………（1分）
撤去F 时，物体速度为1υ，木板的速度为2υ，则
111t a =υ ……………………………………………………………（1分） 122t a =υ ……………………………………………………………（1分）
撤去F 后由动量守恒定律得：
υυυ)(21M m M m +=+ ………………………………………………（2分）
由位移关系得：
L t t t t =-
-++
2
)(2
2
1212
υ
υ
υυ …………………………………………（1分）
解得： 8.01=t s ………………………………………………………（1分）
36．（18分）解：金属棒ab 在切割磁感线过程中产生的感应电动势为：
01υεd B =………………………………………………………………………（2分）
设粒子在F 处进入磁场时的速度为υ，由牛顿第二定律得：
R
m
B q 2
2υυ=…………………（3分）
由几何知识可得（如图）
60sin =R
l
……………………
（2分） 粒子在通过MN 过程中由动能定理得：
2012
1
υυm d qB =
………………………………………………………………
（3分） 联解以上各式得：
d
mB l
qB 1222032=
υ ……………………………………………………………………（2分） （2）从D 到C 只有电场力对粒子做功，电场力做功与路径无关，根据动能定理，有
22
2
121υυm m qEl H -=
-，……………………………………………………（3分）
解得：
m qEl
m
l B q H 2342
2222-=υ………………………………………………………（3分）。