湖南省长沙市第一中学2016-2017学年高二下学期第一次模块检测生物试题含答案

湖南省长沙市第一中学2017届高三第一次月考生物试题第I卷选择题（共45分）一、选择题（每小题只有一个选项符合题意。

本题共35小题，第1~25小题，每小题1分，第26-35小题，每小题2分，共45分。

）1.从生命系统的结构层次來分析，下列属于种群的是A.池塘中的一群鱼B.培养基被污染后除乳酸菌外，乂滋生了别的细菌和真菌C.培养皿小的大肠杆菌菌落D.—棵枯树枝上生活的蚂蚁和长满的苔蘇【答案】C【解析】种群是生活在一定区域的同种个体的总和。

池塘中的一群鱼有很多种，A错误；培养基中的乳酸菌、别的细菌、真菌显然不是同一种生物，B错误；培养基中的大肠杆菌菌落是同一种生物；C正确；蚂蚁和苔蘇是不同种生物，D错误。

2.下列物质或结构在元素组成上最相似的一组是A.ATP、DNA、促甲状腺激素B.促甲状腺激素、生长激素、生长素C.核糖、脱氧核糖、核糖体D.淀粉、淀粉酶、控制淀粉酶合成的基因【答案】B【解析】ATP、DNA均由C、Ik 0、N、P组成，促甲状腺激素属于多肽，组成元素是C、Ik 0、N, A错误；促甲状腺激素属于多肽，组成元素是C、H、0、N,生长激素的本质是蛋白质，组成元素是C、H、0、N,生长素属于有机酸，组成元素是C、H、0、N, B正确；核糖和脱氧核糖的组成元素都是C、H、0,核糖体的成分有蛋白质和rRNA,因此核糖体的组成元素有C、H、O、N、P, C错误；淀粉的组成元素是C、H、0,淀粉酶的组成元素是C、H、0、N,控制淀粉酶合成的基因组成元素是C、Ik 0、N、P, D错误。

3.来自同一人体的B淋巴细胞、造血干细胞、胰岛B细胞和卵细胞A.细胞核DNA的种类与数量相同B. mRNA的种类相同C.细胞膜表面受体种类相同D.核甘酸的种类相同【答案】D【解析】卵细胞的细胞核DNA数量只有体细胞的一半，A错误；同一人体的B淋巴细胞、造血干细胞、胰岛B细胞和卵细胞是细胞分裂和分化得来的，而细胞分化是实质是基因的选择性表达，不同的细胞mRNA种类不同，B错误；由于细胞分化，同一人体的B淋巴细胞、造血干细胞、胰岛B细胞和卵细胞功能不同，细胞膜表面受体种类不同，C错误；同一人体的B淋巴细胞、造血干细胞、胰岛B细胞和卵细胞都含有DNA和RNA,核莒酸种类相同，都有8种，D 正确。

长沙市第一中学2016-2017学年度下学年高二生物第二次月考试题时量:90分钟总分:100分普通班1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置。

2.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。

3. 考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。

学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一.选择题(1-20题每题1分,21-30题每题2分,共50分)1．下列有关孟德尔一对相对性状的杂交实验的叙述，错误的是A.豌豆是自花受粉，在实验过程中免去了人工授粉的麻烦B.解释实验现象时，提出的假说之一是：F1产生配子时，成对的遗传因子彼此分离C.根据假说进行的演绎是：若假说成立，则测交后代出现比例接近的两种表现型D.对实验数据的分析采用统计学的方法，找出遗传的规律性2．用纯种的高茎豌豆和矮茎豌豆作杂交实验时，需要（）A. 以高茎作母本，矮茎作父本B. 以矮茎作母本，高茎作父本C. 对母本去雄，授以父本花粉D. 对父本去雄，授以母本花粉3．下列有关叙述中,正确的是（）A．兔的白毛与黑毛、狗的长毛与卷毛都是相对性状B．隐性性状是指生物体不能表现出来的性状C．纯合子的自交后代中不会发生性状分离,杂合子的自交后代中不会出现纯合子D．表现型相同的生物,基因型不一定相同4．老鼠的皮毛黄色（A）对灰色（a）为显性,是由常染色体上的一对等位基因控制的。

有一位遗传学家在实验中发现含显性基因（A）的精子和含显性基因（A）的卵细胞不能结合。

如果黄鼠与黄鼠（第一代）交配得到第二代，第二代老鼠自由交配一次得到第三代，那么在第三代中黄鼠的比例为（）A．1/2 B．4/9 C．5/9 D．15．玉米是雌雄同株异花的植物，籽粒黄色对白色为显性。

若有一粒黄色玉米，判断其基因型最简便的方案是（）A．用显微镜观察该玉米细胞中的同源染色体，看其上是否携带等位基因B．种下玉米后让其做母本与白色玉米植株杂交，观察果穗上的籽粒颜色C．种下玉米后让其做亲本进行同株异花传粉，观察果穗上的籽粒颜色D．种下玉米后让其做父本与黄色玉米植株杂交，观察果穗上的籽粒颜色6．控制两对相对性状的基因自由组合，如果F2的分离比分别为9∶7、9∶6∶1和15∶1，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是（）A．1∶3、1∶2∶1和3∶1 B．3∶1、4∶1和1∶3C．1∶2、1∶4∶1和3∶1 D．3∶1、3∶1和1∶47．纯合的黄色(YY)豌豆与绿色(yy)豌豆杂交得F1，F1自交，选取F1所结的黄色种子全部种下，植物长成后，自然状态下受粉，则这些植株所结的种子中，黄色与绿色的比例是A．1∶1 B．3∶1 C．5∶1 D．6∶18．如图甲、乙、丙、丁表示四株豌豆体细胞中的控制种子的圆粒与皱粒（R、r）及黄色与绿色（Y、y）两对基因及其在染色体上的位置，下列分析正确的是（）A．甲、乙豌豆杂交后代的性状分离比为9∶3∶3∶1B．乙、丙豌豆杂交后代有4种基因型、1种表现型C．甲、丙豌豆杂交后代的性状分离比为1∶2∶1D．甲、丁豌豆杂交后代有6种基因型、4种表现型9．旱金莲由三对等位基因控制花的长度，这三对基因（Aa、Bb、Cc）分别位于三对同源染色体上，作用相等且具叠加性．已知每个显性基因控制花长为5mm，每个隐性基因控制花长为2mm．现让基因型分别为AaBbCc与AaBBCc的个体相互授粉，后代出现性状分离，其中花长为21mm的个体所占比例是A．1/16 B．2/16C．5/16 D．6/1610．现用某野生植物的甲（AABB）、乙（aabb）两品种作亲本杂交得F1，F1测交结果如下表。

湖南省长沙一中2016-2017学年高二下学期模块检测化学试卷（含答案解析）高考真题高考模拟高中联考期中试卷期末考试月考试卷学业水平同步练习湖南省长沙一中2016-2017学年高二下学期模块检测化学试卷（含答案解析）1 化学在日常生活中有着重要的应用．下列说法不正确的是（）A．热水瓶胆中的水垢可以用食醋除去B．可以用淀粉溶液检验加碘盐中是否含碘元素C．漂白粉可用于自来水的杀菌、消毒D．做红烧鱼时，常加一些食醋和酒会更香，是因为生成少量的酯【答案解析】 B【考点】淀粉的性质和用途；氯、溴、碘及其化合物的综合应用；酯的性质．【分析】A．水垢的成分为碳酸钙，与醋酸反应；B．淀粉遇碘单质变蓝；C．漂白粉有氧化性；D．食醋和酒发生酯化反应生成有香味的酯类物质．【解答】解：A．水垢的成分为碳酸钙，与醋酸反应，生成物溶于水，则热水瓶胆中的水垢可以用食醋除去，故A正确；B．淀粉遇碘单质变蓝，而加碘盐中含碘酸钾，不是单质，不能用淀粉溶液检验加碘盐中是否含碘元素，故B错误；C．漂白粉有氧化性，因此可用于自来水的杀菌、消毒，故C正确；D．食醋和酒发生酯化反应生成有香味的酯类物质，则红烧鱼更香，故D正确；故选B．2 下列各组中的反应，属于同一反应类型的是（）A．由溴丙烷水解制丙醇；由丙烯与水反应制丙醇B．由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯氧化制苯甲酸C．由氯代环己烷消去制环己烯；由丙烯加溴制1，2二溴丙烷D．由乙酸和乙醇制乙酸乙酯；由乙酸乙酯酯水解得乙酸和乙醇【答案解析】 D【考点】有机物的结构和性质；有机化学反应的综合应用．【分析】A．由溴丙烷水解制丙醇，为水解反应；由丙烯与水反应制丙醇，为加成反应；B．由甲苯硝化制对硝基甲苯，苯环上H被取代，为取代反应；由甲苯氧化制苯甲酸，甲基转化为﹣COOH，为氧化反应；C．由氯代环己烷消去制环己烯，为卤代烃的消去反应；由丙烯加溴制1，2二溴丙烷，为加成反应；D．由乙酸和乙醇制乙酸乙酯，为酯化反应；由乙酸乙酯酯水解得乙酸和乙醇，为水解反应．【解答】解：A．由溴丙烷水解制丙醇，为水解反应；由丙烯与水反应制丙醇，为加成反应，反应类型不同，故A不选；B．由甲苯硝化制对硝基甲苯，苯环上H被取代，为取代反应；由甲苯氧化制苯甲酸，甲基转化为﹣COOH，为氧化反应，反应类型不同，故B不选；C．由氯代环己烷消去制环己烯，为卤代烃的消去反应；由丙烯加溴制1，2二溴丙烷，为加成反应，反应类型不同，故C不选；D．由乙酸和乙醇制乙酸乙酯，为酯化反应，属于取代反应；由乙酸乙酯酯水解得乙酸和乙醇，为水解反应，属于取代反应，反应类型相同，故D选；故选D．3 有8种物质：①乙烷；②乙烯；③乙炔；④苯；⑤甲苯；⑥溴乙烷；⑦聚乙烯；⑧环己烯．其中既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色的是（）A．①②③⑤ B．④⑥⑦⑧ C．①④⑥⑦ D．②③⑤⑧【答案解析】 C【考点】有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．【分析】既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色，则有机物不含碳碳双键、三键、﹣CHO，也不能为苯的同系物等，以此来解答．【解答】解：①乙烷、④苯、⑥溴乙烷、⑦聚乙烯均既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色；②乙烯、③乙炔、⑧环己烯均既能使酸性KMnO4溶液褪色，也能与溴水反应使溴水褪色；⑤甲苯只能使酸性KMnO4溶液褪色，故选C．4 某烯烃与H2加成后得到2，2二甲基丁烷，该烯烃的名称是（）A．2，2二甲基3丁烯 B．2，2二甲基2丁烯C．2，2二甲基1丁烯 D．3，3二甲基1丁烯【答案解析】 D【考点】常见有机化合物的结构；有机物分子中的官能团及其结构．【分析】根据烯的加成原理，双键中的一个键断开，结合H原子，生成2，2﹣二甲基丁烷，采取倒推法相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，即得到烯烃．【解答】解：2，2﹣二甲基丁烷的碳链结构为，2，2﹣二甲基丁烷相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，从而得到烯烃；根据2，2﹣二甲基丁烷的碳链结构，可知相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键只有一种情况，所以该烯烃的碳链结构为，该烯烃的名称为3，3﹣二甲基﹣1﹣丁烯，故选D．5 已知甲苯的一氯代物有4种，则甲苯与氢气完全加成后产物的一氯代物的种类数是（）A．2种 B．4种 C．5种 D．7种【答案解析】 C【考点】有机化合物的异构现象．【分析】甲苯与足量的氢气加成生成，根据中氢原子的种类等于一氯代物的种类．【解答】解：甲苯与氢气加成之后生成的物质就是，甲基上有三个氢算是一种，与甲基相连的那个环上的碳原子上有一个氢，算是一种，另外邻位，对位，间位上的氢各1种，共有5种氢原子，所以一氯代物是总共有五种，故选C．6 把质量为m g的铜丝灼烧变黑，立即放入下列物质中，使铜丝变红，而且质量仍为m g的是（）A．H2SO4 B．C2H5OH C．稀HNO3 D．NaOH溶液【答案解析】 B【考点】铜金属及其重要化合物的主要性质．【分析】铜丝灼烧变成黑色，则金属铜氧化生成了氧化铜，氧化铜可以和硫酸、乙醇、硝酸在一定的条件下反应，如反应前后质量不变，则CuO应被还原生成Cu，以此解答该题．【解答】解：A．铜丝灼烧成黑色，立即放入硫酸中，CuO与硫酸反应，生成铜盐，铜丝变红，铜丝质量减少，故A错误；B．铜丝灼烧成黑色，立即放入C2H5OH中，CuO与C2H5OH反应：CuO+C2H5OHCH3CHO+Cu+H2O，反应后铜丝变红，质量保持不变，故B正确；C．铜丝灼烧成黑色，立即放入稀硝酸中，CuO、Cu与稀硝酸反应，生成铜盐，铜丝变红，铜丝质量减少，故C错误；D．铜丝灼烧成黑色，加入氢氧化钠溶液不反应，质量较反应前大，故D错误．故选B．7 下列操作达不到预期目的是（）①石油分馏时把温度计插入液面以下；②用溴水除去乙烯中混有的SO2气体；③用乙醇与3mol/L的H2SO4混合共热到170℃制取乙烯；④将苯和溴水混合后加入Fe粉制溴苯；⑤将饱和食盐水滴入盛有电石的烧瓶中制乙炔．A．①④ B．③⑤ C．②③④⑤ D．①②③④【答案解析】 D【考点】化学实验方案的评价．【分析】①蒸馏时测量馏分温度；②溴和乙烯、SO2都反应；③用乙醇与浓硫酸H2SO4混合共热到170℃制取乙烯；④将苯和液溴混合后加入Fe粉制溴苯；⑤将饱和食盐水滴入盛有电石的烧瓶中制乙炔，用食盐水代替水能减缓反应速率．【解答】解：①蒸馏时测量馏分温度，温度计水银球应该位于蒸馏烧瓶支管口处，故错误；②溴能和乙烯发生加成反应、能和二氧化硫发生氧化还原反应，所以溴和乙烯、SO2都反应，故错误；③用乙醇与浓硫酸H2SO4混合共热到170℃制取乙烯，浓硫酸作催化剂和脱水剂，不能用稀硫酸，故错误；④将苯和液溴混合后加入Fe粉制溴苯，苯和溴水不反应，但能萃取溴水中的溴，故错误；⑤电石和水反应生成氢氧化钙和乙炔，为防止反应速率过快，将饱和食盐水滴入盛有电石的烧瓶中制乙炔，故正确；故选D．8 在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3：2的化合物（）A． B．C． D．【答案解析】 D【考点】有机物分子中的官能团及其结构．【分析】根据物质的结构简式，利用对称性来分析出现几种位置的氢离子，并结合H原子的个数来分析解答．【解答】解：A．由对称可知，有2种H原子，则核磁共振氢谱中出现两组峰，氢原子数之比为3：1，故A不选；B．由对称可知，有3种H原子，则核磁共振氢谱中出现三组峰，故B不选；C．由对称可知，有3种H原子，则核磁共振氢谱中出现三组峰，氢原子数之比为8：6：2=4：3：1，故C不选；D．由对称可知，有2种H原子，则核磁共振氢谱中出现两组峰，氢原子数之比为3：2，故D选；故选D．9 下列物质能发生消去反应，但不能发生催化氧化的是（）A． B．（CH3）2CHOHC．CH3CH2C（CH3）2CH2OH D．CH3CH2C（CH3）2OH【答案解析】 D【考点】消去反应与水解反应．【分析】醇发生消去反应的结构特点是：只有羟基相连碳的相邻碳上有氢原子的才能发生消去反应，形成不饱和键；醇羟基不能催化氧化的条件：羟基相连的碳原子上没有氢原子．【解答】解：A、中羟基相连碳的相邻碳上没有氢原子，不能发生消去反应；羟基相连的碳原子上有氢，能发生催化氧化，故A错误；B、（CH3）2CHOH中羟基相连碳的相邻碳上有氢原子，能发生消去反应；羟基相连的碳原子上有氢，能发生催化氧化，故B错误；C、CH3CH2C（CH3）2CH2OH中羟基相连碳的相邻碳上没有氢原子，不能发生消去反应；羟基相连的碳原子上有氢，能发生催化氧化，故C错误；D、CH3CH2C（CH3）2OH中羟基相连碳的相邻碳上有氢原子，能发生消去反应；羟基相连的碳原子上没有氢，不能发生催化氧化，故D正确；故选D．10 酒后驾车是引发交通事故的重要原因．交警对驾驶员进行呼气酒精检测的原理是：橙色的K2Cr2O7酸性水溶液遇乙醇迅速生成蓝绿色Cr3+．下列对乙醇的描述与此测定原理有关的是（）①乙醇沸点低②乙醇密度比水小③乙醇有还原性④乙醇是烃的含氧化合物．A．②④ B．②③ C．①③ D．①④【答案解析】 C【考点】有机物的结构和性质．【分析】根据乙醇沸点低，易挥发，故可以易被检测及乙醇具有还原性，K2Cr2C7具有强氧化性，可以氧化乙醇，自身生成Cr3+来分析解答．【解答】解：①乙醇沸点低，易挥发，若饮酒，呼出的气体中含有酒精，与测定原理有关；②乙醇密度比水小，可与水以任意比混溶，与测定原理无关；③乙醇分子中含有羟基，具有还原性，K2Cr2C7具有强氧化性，可以把乙醇迅速氧化为乙酸蓝绿色的Cr3+，与测定原理有关；④乙醇可看成是乙烷中的氢原子被羟基取代后的产物，是烃的含氧化合物，与测定原理无关；故对乙醇的描述与此测定原理有关的是①③；故选C．11 可以用来鉴别己烯、甲苯、乙酸乙酯、苯酚溶液的一组试剂是（）A．氯化铁溶液溴水B．碳酸钠溶液溴水C．酸性高锰酸钾溶液溴水D．酸性高锰酸钾溶液氯化铁溶液【答案解析】 C【考点】有机物的鉴别．【分析】己烯、甲苯、乙酸乙酯、苯酚溶液，先加溴水，溴水褪色的为己烯，生成白色沉淀的为苯酚；现象相同的甲苯、乙酸乙酯，然后另取两种液体少许，分别滴加高锰酸钾，褪色的为甲苯，出现分层的为乙酸乙酯，以此解答该题．【解答】解：氯化铁只能检验出苯酚，己烯、苯酚均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能鉴别；则己烯、甲苯、乙酸乙酯、苯酚溶液，先加溴水，溴水褪色的为己烯，生成白色沉淀的为苯酚；现象相同的甲苯、乙酸乙酯，然后另取两种液体少许，分别滴加高锰酸钾，褪色的为甲苯，出现分层的为乙酸乙酯，故选C．12 一定质量的某有机物和足量钠反应，可得VaL气体，等质量的该有机物如果与足量小苏打反应，同温同压得到VbL气体，若Va=Vb，则该有机物可能是（）A．HOCH2COOH B．HO﹣CH2CH2﹣CHOC．HOOC﹣COOH D．CH3COOH【答案解析】 A【考点】有关有机物分子式确定的计算．【分析】有机物和足量的钠反应，该有机物中可能含有﹣OH或﹣COOH或﹣OH、﹣COOH，该机物与足量的小苏打溶液反应，说明该有机物含有﹣COOH．有机物与钠反应、与碳酸氢钠反应，二者生成的气体体积相等，则有机物中羧基数目与羟基数目相等，据此结合选项判断．【解答】解：有机物和足量的钠反应，该有机物中可能含有﹣OH或﹣COOH或﹣OH、﹣COOH，该机物与足量的小苏打溶液反应，说明该有机物含有﹣COOH．有机物与钠反应、与碳酸氢钠反应，二者生成的气体体积相等，则有机物中羧基数目与羟基数目相等．A、HO（CH2）2COOH中羧基与羟基数目相等，该有机物与钠反应、与碳酸氢钠反应，二者生成的气体体积相等，故A符合；B、HO（CH2）2CHO中不含羧基，不能碳酸氢钠反应，故B不符合；C、HOOC﹣COOH中不含羟基，该有机物与钠反应、与碳酸氢钠反应，二者生成的气体体积之比为1：2，故C不符合；D、CH3COOH中不含羟基，该有机物与钠反应、与碳酸氢钠反应，二者生成的气体体积之比为1：2，故D不符合，故选A．13 下列说法正确的是（）A．甲烷和Cl2的反应与乙烯和Br2的反应属于同一类型的反应B．分子式为C4H7ClO2，可与NaHCO3产生CO2的有机物可能结构有3种C．分子中至少有11个碳原子处于同一平面上D．1mol有机物一定条件下能和7molNaOH反应．【答案解析】 C【考点】有机化学反应的综合应用；有机物的结构和性质．【分析】A、从取代反应与加成反应定义解答；B、能与碳酸氢钠反应放出气体的有机物为羧酸，即含有﹣COOH，据此解答；C、依据苯以及甲烷的结构判断即可；D、依据官能团的性质解答即可．【解答】解：A、甲烷和Cl2的反应是取代反应，乙烯和Br2的反应属于加成反应，两者反应的类型不同，故A错误；B、与NaHCO3产生CO2的有机物为羧酸，即判断C3H6ClCOOH，符合结构的应有5种，故B 错误；C、甲基与苯环平面结构通过单键相连，甲基的C原子处于苯的H原子位置，所以处于苯环这个平面上．两个苯环相连，与苯环相连的碳原子处于另一个苯的H原子位置，也处于另一个苯环这个平面．分子的甲基碳原子、甲基与苯环相连的碳原子、苯环与苯环相连的碳原子，处于一条直线，所以至少有11个碳原子共面，故C正确；D、此有机物中含有4个酚羟基，1个羧基，1个酯基，在一定条件下能与6molNaOH反应，故D错误，故选C．14 白黎芦醇广泛存在于食物（如桑椹、花生、尤其是葡萄）中，它可能具有抗癌作用．1mol该物质和Br2、H2分别反应，消耗Br2、H2的物质的量最多为（）A．1 mol，1 mol B．3.5 mol，7 molC．3.5 mol，6 mol D．6 mol，7 mol【答案解析】 D【考点】有机物的结构和性质．【分析】藜芦醇含有的官能团有酚羟基、碳碳双键，酚羟基的邻、对位能与溴发生取代反应，碳碳双键能和溴发生加成反应；苯环和碳碳双键能与氢气发生加成反应，据此计算Br2和H2的最大用量．【解答】解：白藜芦醇含有的官能团3个酚羟基，共有5个邻位氢原子可被溴发生取代，含有1个碳碳双键能和溴发生加成反应，则1mol白藜芦醇与溴水发生取代反应需要溴5mol，碳碳双键与溴发生加成反应需溴1mol，所以共需要溴6mol；1mol白藜芦醇含有2mol苯环和1mol碳碳双键，2mol苯环与氢气加成需要6mol氢气，1mol 碳碳双键与氢气加成需要1mol氢气，所以1mol白藜芦醇与氢气发生加成反应一共需要7mol 氢气．故选：D．15 NaCN超标的电镀废水可用两段氧化法处理：①NaCN与NaClO反应，生成NaOCN和NaCl②NaOCN与NaClO反应，生成Na2CO3、CO2、NaCl和N2已知HCN（K=6.3×10﹣10）有剧毒；HCN、HOCN中N元素的化合价相同．完成下列填空：（1）HClO的电子式为．（2）第一次氧化时，溶液的pH应调节为（选填“酸性”、“碱性”或“中性”）；原因是．（3）写出第二次氧化时发生反应的离子方程式．（4）处理100m3含NaCN 10.3mg/L的废水，实际至少需NaClO g（实际用量应为理论值的4倍），才能使NaCN含量低于0.5mg/L，达到排放标准．【答案解析】（1）；（2）碱性；防止生成HCN，造成人员中毒或污染空气；（3）2OCN﹣+3ClO﹣=CO32﹣+CO2↑+3Cl﹣+N2↑；（4）14900【考点】电子式；离子方程式的书写；化学方程式的有关计算．【分析】（1）HClO为共价化合物，分子中含有1个O﹣Cl键和个H﹣O键，据此写出其电子式；（2）NaCN易与酸发生反应生成HCN，而HCN有剧毒，故应该使溶液的pH呈碱性；（3）反应中氯元素的化合价从+1价降低到﹣1价，得到2个电子．N元素化合价从﹣3价升高到0价，失去3个电子，结合氧化还原反应中化合价升降相等配平；（4）参加反应的NaCN为=20mol，反应中C由+2价升高到+4价，N元素化合价从﹣3价升高到0价，即1molNaCN失去5mol电子，1mol次氯酸钠得到2mol电子，利用电子守恒计算．【解答】解：（1）HClO为共价化合物，分子中含有1个O﹣Cl键和个H﹣O键，其电子式为，故答案为：；（2）NaCN易与酸反应生成HCN，为防止生成HCN，造成人员中毒或污染空气，因此第一次氧化时，溶液的pH应调节为碱性，故答案为：碱性；防止生成HCN，造成人员中毒或污染空气；（3）反应中氯元素的化合价从+1价降低到﹣1价，得到2个电子．N元素化合价从﹣3价升高到0价，失去3个电子，则根据电子得失守恒可知还原剂和氧化剂的物质的量之比是2：3，反应的离子方程式为：2OCN﹣+3ClO﹣=CO32﹣+CO2↑+3Cl﹣+N2↑，故答案为：2OCN﹣+3ClO﹣=CO32﹣+CO2↑+3Cl﹣+N2↑；（4）参加反应的NaCN是： =20mol，反应中C由+2价升高到+4价，N 元素化合价从﹣3价升高到0价，即1molNaCN失去5mol电子，1mol次氯酸钠得到2mol电子，所以处理100 m3含NaCN 10.3 mg/L的废水，实际至少需NaClO的质量为：×74.5g/mol×4=14900g，故答案为：14900．16 A、B、C、D、E均为可溶于水的固体，组成它们的离子有阳离子Na+ Mg2+ Al3+ Ba2+Fe3+阴离子OH﹣ Cl﹣ CO32﹣ SO42﹣ HSO4﹣分别取它们的水溶液进行实验，结果如下：①A溶液与C溶液反应既生成白色沉淀又有气体生成，沉淀可溶于B溶液；②A溶液与适量D溶液反应生成白色沉淀，加入过量D溶液，沉淀量减少，但不消失；③B溶液中加少量D溶液有白色沉淀生成，此沉淀不溶于盐酸；④C溶液与D溶液反应生成白色沉淀，沉淀可溶于盐酸；⑤D溶液与E溶液反应生成红褐色沉淀，沉淀可溶于B溶液；据此回答下列问题（1）B ；C ；E ．（2）写出A溶液与过量D溶液反应的离子反应方程式：．【答案解析】（1）Mg （HSO4）2；Na2CO3；FeCl3；（2）2Al3++3SO42﹣+3Ba2++8OH﹣=2AlO2﹣+3BaSO4↓+4H2O．【考点】无机物的推断；常见离子的检验方法．【分析】由离子共存可知，阴离子CO32﹣只能和Na+结合为Na2CO3；OH﹣能和Ba2+结合为溶于水的Ba（OH）2，则SO42﹣和Al3+结合成的物质为Al2（SO4）3；由⑤D溶液与E溶液反应生成红褐色沉淀，沉淀可溶于B溶液，红褐色沉淀为氢氧化铁，则D、E含Fe3+、OH﹣、Ba2+、Cl﹣，B应为强酸的酸式盐；①A溶液与C溶液反应既生成白色沉淀又有气体生成，沉淀可溶于B溶液，白色沉淀可能为氢氧化铝，气体为二氧化碳，则C为Na2CO3，A为Al2（SO4）3；②A溶液与适量D溶液反应生成白色沉淀，加入过量D溶液，沉淀量减少，但不消失，可知沉淀为氢氧化铝和硫酸钡，D为Ba（OH）2；③B溶液中加少量D溶液有白色沉淀生成，此沉淀不溶于盐酸，白色沉淀为硫酸钡，则B为Mg （HSO4）2；④C溶液与D溶液反应生成白色沉淀，沉淀可溶于盐酸，沉淀为碳酸钡；综上所述，E为FeCl3，以此来解答．【解答】解：由离子共存可知，阴离子CO32﹣只能和Na+结合为Na2CO3；OH﹣能和Ba2+结合为溶于水的Ba（OH）2，则SO42﹣和Al3+结合成的物质为Al2（SO4）3；由⑤D溶液与E溶液反应生成红褐色沉淀，沉淀可溶于B溶液，红褐色沉淀为氢氧化铁，则D、E含Fe3+、OH﹣、Ba2+、Cl﹣，B应为强酸的酸式盐；①A溶液与C溶液反应既生成白色沉淀又有气体生成，沉淀可溶于B溶液，白色沉淀可能为氢氧化铝，气体为二氧化碳，则C为Na2CO3，A为Al2（SO4）3；②A溶液与适量D溶液反应生成白色沉淀，加入过量D溶液，沉淀量减少，但不消失，可知沉淀为氢氧化铝和硫酸钡，D为Ba（OH）2；③B溶液中加少量D溶液有白色沉淀生成，此沉淀不溶于盐酸，白色沉淀为硫酸钡，则B为Mg （HSO4）2；④C溶液与D溶液反应生成白色沉淀，沉淀可溶于盐酸，沉淀为碳酸钡；综上所述，E为FeCl3，（1）B为Mg （HSO4）2，C为Na2CO3，E为FeCl3，故答案为：Mg （HSO4）2；Na2CO3；FeCl3；（2）A溶液与过量D溶液反应的离子反应方程式为2Al3++3SO42﹣+3Ba2++8OH﹣=2AlO2﹣+3BaSO4↓+4H2O，故答案为：2Al3++3SO42﹣+3Ba2++8OH﹣=2AlO2﹣+3BaSO4↓+4H2O．17 以冶铝的废弃物铝灰为原料制取超细α﹣氧化铝，既降低环境污染又可提高铝资源的利用率．已知铝灰主要成分为Al2O3（含少量杂质SiO2、FeO、Fe2O3），其制备实验流程如图1：图1（1）铝灰中氧化铝与硫酸反应的化学方程式为．（2）加30%的H2O2溶液的目的是．（3）煅烧硫酸铝铵晶体，发生的主要反应为：4[NH4Al（SO4）2•12H2O] 2Al2O3+2NH3↑+N2↑+5SO3↑+3SO2↑+53H2O，将产生的气体通过如图2所示的装置．①集气瓶中收集到的气体为（填化学式）．②KMnO4溶液褪色（MnO4﹣还原为Mn2+），此褪色过程中，氧化剂与还原剂的物质的量之比为．图2【答案解析】（1）Al2O3+3H2SO4=Al2（SO4）3+3H2O；（2）氧化Fe2+为Fe3+，有利于在沉铁过程中除去；（3）①N2；②2：5【考点】制备实验方案的设计．【分析】铝灰的主要成分为Al2O3（含少量杂质SiO2、FeO、Fe2O3）加稀硫酸，Al2O3、FeO、Fe2O3转化为离子，SiO2不溶于硫酸，过滤，滤液中含有Al3+、Fe2+、Fe3+，加双氧水，Fe2+被氧化为Fe3+，加入K4[Fe（CN）6]Fe3+转化为沉淀，过滤，在滤液中加入硫酸铵，生成NH4Al（SO4）2，结晶、干燥、煅烧得到α﹣Al2O3，（1）Al2O3与硫酸反应生成硫酸铝和水；（2）加30%的H2O2溶液Fe2+被氧化为Fe3+；（3）①NH4Al（SO4）2•12H2O分解生成的气体NH3和SO3被亚硫酸钠吸收，二氧化硫被高锰酸钾吸收；②KMnO4与二氧化硫反应生成硫酸根离子和锰离子．【解答】解：（1）Al2O3与硫酸反应生成硫酸铝和水，其反应的方程式为：Al2O3+3H2SO4=Al2（SO4）3+3H2O；故答案为：Al2O3+3H2SO4=Al2（SO4）3+3H2O；（2）滤液中含有Al3+、Fe2+、Fe3+，加30%的H2O2溶液Fe2+被氧化为Fe3+，有利于生成氢氧化铁沉淀而除去，故答案为：氧化Fe2+为Fe3+，有利于在沉铁过程中除去；（3）①NH4Al（SO4）2•12H2O分解生成的气体NH3和SO3被亚硫酸钠吸收，二氧化硫被高锰酸钾吸收，所以最后集气瓶中收集到的气体是N2；故答案为：N2；②酸性条件下，KMnO4与二氧化硫反应生成硫酸根离子和锰离子，其反应的离子方程式为：2MnO4﹣+5SO2+2H2O=2Mn2++5SO42﹣+4H+，氧化剂与还原剂的物质的量之比为2：5，故答案为：2：5．18 某化学研究性学习小组对铜及铜的部分化合物的性质进行实验探究，研究的问题和过程如下：Ⅰ．氯化铜的制备该研究性小组在实验室里用如表仪器和药品来制取纯净的无水氯化铜：序号①②③④⑤⑥仪器及装置图图中A、B、C、D、E、F的虚线部分表示玻璃管接口，接口的弯曲和伸长等部分未画出．根据要求填写下列各小题空白．（1）如果所制气体从左向右流向时，上述各仪器装置的正确连接顺序是（填各装置的序号，用①、②等序号填写）：接接接接接．（2）装置④的作用是；（3）在装置⑤的烧瓶中，发生反应的化学方程式为Ⅱ．探究Cu（OH）2是否和Al（OH）3一样具有两性（4）该研究性学习小组取适量实验Ⅰ中制得的产品氯化铜固体充分溶解在一定浓度的盐酸中，过滤，得氯化铜溶液；为探究Cu（OH）2是否和Al（OH）3一样具有两性，除选择配制的氯化铜溶液外，还需要一定选用的试剂为（填序号）a．氨水 b．氢氧化钠溶液 c．稀硫酸 d．冰醋酸Ⅲ．探究不同价态铜的稳定性（5）该研究性学习小组用实验Ⅱ中所获得的氢氧化铜沉淀制得氧化铜粉末，然后将CuO粉末加热至1000℃以上完全分解成红色的Cu2O粉末，该实验说明：在高温条件下，+l价的Cu比+2价Cu更（填“稳定”或“不稳定”）．（6）向Cu2O中加适量稀硫酸，得到蓝色溶液和一种红色固体，该反应的离子化学方程式为．【答案解析】（1）③⑤④②①⑥；（2）除去氯气中混杂的氯化氢气体；（3）4NaCl+4 H2SO4（浓）+MnO2MnCl2+4 NaHSO4+Cl2↑+2H2O；（4）bc；（5）稳定；（6）Cu2O+2H+=H2O+Cu2++Cu【考点】性质实验方案的设计．【分析】（1）仪器的连接方法：先制备反应物，然后除杂质，再使氯气与铜反应，最后尾气处理；进行气体除杂或者干燥时，连接顺序一般是：“长进短出”的原则，根据题中实验原理，用浓硫酸与氯化钠、二氧化锰反生成氯气，除杂后与铜反应生成氯化铜，尾气用氢氧化钠吸收，据此答题；（2）氯气中的杂质气体氯化氢需要除去，氯化氢极易溶于水，氯气可溶于水；（3）浓硫酸与氯化钠、二氧化锰加热反生成氯气、氯化锰、硫酸氢钠和水，依据原子守恒和电子守恒配平书写化学方程式；（4）要证明Cu（OH）2具有两性，应先加入碱生成Cu（OH）2，两性氢氧化物是指和酸、碱都反应的氢氧化物，根据提供的药品可确定还需要的药品；（5）根据在不同温度下反应物的组成可确定物质的稳定性；（6）向Cu2O中加适量稀硫酸，得到蓝色溶液和一种红色固体，是氧化亚铜在酸溶液中发生歧化反应上层硫酸铜和铜；【解答】解：（1）根据题中实验原理，用③中浓硫酸与⑤中氯化钠、二氧化锰加热反生成氯气，通过④中水除去氯气中的氯化氢，除杂后通过②中浓硫酸干燥后，通过①加热与铜反应生成氯化铜，剩余氯气进行尾气吸收，尾气用⑥中氢氧化钠吸收，所以仪器连接顺序为：③⑤④②①⑥，故答案为：③⑤④②①⑥；（2）装置⑤中氯化钠和浓硫酸、二氧化锰混合加热反应生成氯气中会混有氯化氢杂质气体，通过装置④中水除去氯气中的氯化氢，故答案为：除去氯气中混杂的氯化氢气体；（3）浓硫酸与氯化钠、二氧化锰加热反生成氯气、氯化锰、硫酸氢钠和水，反应的化学方程式为：4NaCl+4 H2SO4（浓）+MnO2MnCl2+4 NaHSO4+Cl2↑+2H2O，故答案为：4NaCl+4 H2SO4（浓）+MnO2MnCl2+4 NaHSO4+Cl2↑+2H2O；（4）要证明Cu（OH）2具有两性，应先在氯化铜溶液中加入氢氧化钠溶液生成Cu（OH）2，上层的氢氧化铜沉淀中分别加入酸和碱验证是否溶解，来证明氢氧化铜是否具有两性，所以需要试剂为氢氧化钠溶液，稀硫酸，故答案为：bc；（5）氢氧化铜沉淀制得氧化铜粉末，继续加热到1000℃以上，黑色粉末全部变成红色Cu2O 粉末，说明在较高温度时Cu2O稳定，+l价的Cu比+2价Cu更稳定，故答案为：稳定；（6）向Cu2O中加适量稀硫酸，得到蓝色溶液和一种红色固体，是氧化亚铜在酸溶液中发生歧化反应上层硫酸铜和铜，反应的离子方程式为：Cu2O+2H+=H2O+Cu2++Cu故答案为：Cu2O+2H+=H2O+Cu2++Cu．19 欧盟原定于2012年1月1日起征收航空碳排税以应对冰川融化和全球变暖，使得对如何降低大气中CO2的含量及有效地开发利用碳资源的研究显得更加紧迫．请运用化学反应原理的相关知识研究碳及其化合物的性质．（1）用电弧法合成的储氢纳米碳管常伴有大量的碳纳米颗粒（杂质），这种颗粒可用如下氧化法提纯，请完成该反应的化学方程式：C+ KMnO4+ H2SO4→CO2↑+MnSO4+ K2SO4+ H2O （2）焦炭可用于制取水煤气．测得12g碳与水蒸气完全反应生成水煤气时，吸收了131.6kJ 热量．该反应的热化学方程式为．（3）工业上在恒容密闭容器中用下列反应合成甲醇：。

湖南省2016-2017学年高二学业水平模拟（一）生物试题第Ⅰ卷（选择题共40分）一、选择题（本大题共40小题，每小题1分。

在每小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的。

）1.某校花园中的杜鹃属于生命系统结构层次的A.群落B.生态系统C.种群D.器官2.下列化合物中含有磷元素的是A.淀粉B.ATPC.脂肪D.蛋白质3.1分子蔗糖水解后的产物为A.2分子葡萄糖B.2分子果糖C.1分子葡萄糖和1分子果糖D.1分子葡萄糖和1分子半乳糖4.下列各项中能正确表示肽键的是A.-CO-NH2-B.-CO-N2H2-C.-NH2-CO-D.-CO-NH-5.下列各图中，图形分别代表磷酸、脱氧核糖和碱基，在制作脱氧核苷酸模型时，各部件之间需要连接。

下列连接中正确的是6.动物细胞不具有的结构是A.细胞核B.细胞壁C.细胞质D.细胞膜7.红玫瑰花非常漂亮，它的花瓣细胞中含有红色色素，储存这些色素的细胞器是A.核糖体B.液泡C.线粒体D.内质网8.小华为秋游徒步远足准备了一些食物，其中能量最高的是A.黄瓜B.甜玉米C.苹果D.花生9.厨师用嫩肉粉（主要成分是蛋白酶）处理牛肉，嫩肉粉的主要作用是分解牛肉中的A.蛋白质B.核酸C.糖类D.脂肪10.小林参加校运动会的百米赛跑，跑步时肌肉细胞所需能量的直接提供者是A.脂肪B.氨基酸C.ATPD.葡萄糖11.分泌蛋白运出细胞的方式是A.主动运输B.协助扩散C.胞吞D.胞吐12.克隆羊多莉（Dolly）的诞生，说明已分化的动物细胞中，细胞核仍具有A.全能性B.单能性C.减数分裂能力D.受精能力13.叶绿体是植物细胞特有的细胞器，不染色就可在高倍显微镜下辨认出来，是因为叶绿体A.显蓝色B.由单层膜构成C.显绿色D.由双层膜构成14.在“观察细胞的有丝分裂”实验中，理想的实验材料为A.成熟叶片B.洋葱根尖C.黄豆种子D.蝗虫精巢15.下列各组中不属于相对性状的是A.水稻的高茎和矮茎B.山羊的长毛和细毛C.人的单眼皮和双眼皮D.豌豆的紫花和红花16.两株高茎豌豆杂交，后代高茎和矮茎的比例如图所示，则亲本的基因型为A.GG×ggB.GG×GgC.Gg×GgD.gg×gg17.正常情况下，人精子的染色体数目为23条、卵细胞的染色体数目也为23条，则人受精卵的染色体数目应为A.23条B.46条C.69条D.92条18.肺炎双球菌转化实验中，有毒性的是A.S型肺炎双球菌B.R型肺炎双球菌C.S型肺炎双球菌的DNAD.R型肺炎双球菌的DNA19.目前被大家公认的DNA分子结构模型是A.单螺旋B.双螺旋C.三螺旋D.四螺旋20.1个卵原细胞经过减数分裂最终能形成A.1个卵细胞B.2个卵细胞C.3个卵细胞D.4个卵细胞21.根据碱基互补配对原则，与胞嘧啶（C）配对的碱基是A.尿嘧啶（U）B.胸腺嘧啶（T）C.鸟嘌呤（G）D.腺嘌呤（A）22.俗话说：“一母生九子，连母十个样”这种现象在遗传学上被称为“变异”。

长沙市第一中学2016-2017下学年高二第一次模块检测生物试卷一、选择题1. 下列关于生物大分子的叙述不正确的是（）A. M个氨基酸构成的蛋白质分子，有N条肽链，其完全水解共需M﹣N个水分子B. 在小麦细胞中由A、G、T、C四种碱基参与构成的核苷酸最多有7种C. 细胞中氨基酸种类和数量相同的蛋白质不一定是同一种蛋白质D. 糖原、脂肪、蛋白质和核糖都是生物内高分子化合物【答案】D【解析】一个由N条肽链组成的蛋白质分子共有M个氨基酸，该蛋白质分子完全水解共需水分子数=氨基酸脱下的水分子数=肽键数目=氨基酸数-肽链数=（M-N）个水分子，A正确；在小麦细胞中由A、G、T、C四种碱基参与构成的核苷酸最多有7种，B正确；细胞中氨基酸种类和数量相同的蛋白质其氨基酸的排列顺序或蛋白质的空间结构可能不同，因此不一定是同一种蛋白质，C正确；脂肪、脱氧核糖不是细胞内的生物大分子，D错误。

2. 下列关于化合物的元素组成正确的是A. 叶绿素的元素组成中一定含有镁和氮B. 脂肪的元素组成中一定含有氮和磷C. 蛋白质的元素组成中一定含有氮和硫D. 磷脂的元素组成中一定含有硫和磷【答案】A【解析】叶绿素的元素组成是Mg、N、C、H、O，A正确；脂肪的元素组成是C、H、O，B错误；蛋白质的组成元素是C、H、O、N，有些蛋白质还含有S 和P，C错误；磷脂的组成元素是C、H、O、N、P，没有S，D错误。

3. 螺旋现象普遍存在于多种物质或生物结构中，下列有关说法不正确的是A. 某些蛋白质具有的螺旋结构，决定了其特定的功能B. 染色体解螺旋形成染色质的同时，DNA分子双链也随之解旋C. DNA分子具有规则的双螺旋结构，决定了其结构的稳定性D. 水绵的叶绿体呈螺旋式带状，便于实验时观察光合作用的场所【答案】B【解析】结构决定功能，因此某些蛋白质具有的螺旋结构，决定了其特定的功能，A正确；染色体解螺旋形成染色质的同时，DNA分子双链并没有解旋，B错误；DNA分子具有规则的双螺旋结构，决定了其结构的稳定性，C正确；叶绿体是真核生物光合作用的场所，水绵的叶绿体呈螺旋式带状，便于实验时观察光合作用的场所及分析，D正确。

长沙市一中2017-2018学年高二下学期期中考试生物试题第Ⅰ卷（每题1.5分，共60分）1．下列关于细胞器的叙述错误的是A．溶酶体是“消化车间”，内含多种水解酶B．抗体和载体都在核糖体中合成C．常用差速离心法分离细胞内各种细胞器D．内质网是细胞的“养料制造车间”2．下列关于植物激素或植物生长调节剂应用的说法，正确的是A. 植物的顶芽生长占优势时，侧芽生长素的合成受到抑制B. 用乙烯处理二倍体番茄的幼苗，可以得到多倍体番茄植株C. 水稻感染赤霉菌会疯长，是由赤霉菌分泌的一种植物激素赤霉素造成的D. 植物体内的生长素在黑暗时可以合成，单侧光并不影响其极性运输3．植物激素是植物体一定部位产生的对生命活动具有调节作用的有机物。

下列叙述错误的是A. 生长素作用的两重性导致顶端优势现象的出现B. 高浓度的生长素能促进植物细胞中乙烯的合成C. 光照等因素能影响植物激素的合成与基因的表达D. 脱落酸和细胞分裂素都能促进细胞的分裂和分化4．在研究水稻胚芽鞘的向光生长时，发现根具有背光生长现象(如图），经研究该现象也是由于生长素分布不均引起的。

下列叙述正确的是A. B侧生长素浓度>A侧，D侧生长素浓度>C侧B. 单侧光决定生长素的横向运输和极性运输的方向C. 根背光、胚芽鞘向光生长现象都体现了生长素作用的两重性D. 植物不同器官对生长素的敏感程度不同一5．某研究小组将某植物的胚芽鞘放在单侧光下照射一段时间（图1）后小组成员甲绘制了图1中Ⅱ段的横切示意图（图2），小组成员乙根据资料绘制了生长素促进生长的机理示意图（图3），下列相关叙述正确的是A. 只有在光照条件下，图1中Ⅱ段的色氨酸才可转变为生长素B. 图2中的b侧与横放植物的根的近地侧的生长素引起的生理效应相同C. 达尔文通过实验证明了引起植物向光生长的原因是单侧光导致生长素分布不均匀D. 由图3可以看出，生长素能调节遗传信息的表达6．下列有关植物体内生长素的叙述，错误的是A. 其合成的前体物质为色氨酸B. 既能防止落花落果，也能疏花疏果，这是其生理作用两重性的表现C. 光照能影响胚芽鞘尖端生长素的分布，但不能影响琼脂块中生长素的分布D. 其含量增高时，会促进乙烯的合成，二者通过协同作用共同调节植物的生长7．下列关于植物激素的叙述中，正确的有几项①植物体内不同的腺体能够分泌不同的激素，脱落酸能促进叶片和果实的衰老与脱落②生长素具有极性运输的特点，缺乏氧气会影响植物体内生长素的极性运输③乙烯可以促进苹果和香蕉等果实的生长发育和成熟④植物激素能够给细胞传达一种调节代谢的信息⑤植物横放状态下茎的弯曲生长体现了生长素的两重性⑥植物激素的形成可体现基因对生物性状的间接控制⑦用适宜浓度的生长素溶液处理番茄的花就能得到无子番茄A. 二项B. 三项C. 四项D. 五项8．建设绿色“一路一带”，沙漠防治的先锋树种是沙柳，为提高沙柳成活率，常常需要对沙柳掐尖留芽并摘除一定量成熟叶片。

湖南省长沙市第一中学2017届高三高考模拟卷一理科综合生物试题一、选择题1. 下列关于生物体组成成分的叙述，正确的是A. 正常人体中指导蛋白质合成的基因可能是RNA 片段B. N 、P 是ATP 、磷脂、RNA 共有的化学元素C. 生物膜上的蛋白质都具有一定的流动性D. 草履虫的细胞质基质中含有葡萄糖和DNA【答案】B【解析】正常人体指导蛋白质合成的基因是有遗传效应的DNA 片段，A 错误。

ATP 、磷脂、RNA 中均含有C 、H 、O 、N 、P 元素，B 正确。

细胞膜上与细胞内骨架纤维相结合的蛋白质就不具有流动性，C 错误。

草履虫为动物，DNA 存在于细胞核和线粒体，不存在于细胞质基质中，D 错误。

【点睛】学生对于组成化合物的元素混淆不清几种重要化合物的组成元素2. H +-ATP 合成酶是线粒体内重要的酶，若使用H +-ATP 合成酶抑制剂可选择性诱发癌细胞的凋亡。

下列叙述不正确的是A. H +-ATP 合成酶在叶绿体内也有，在细菌体内没有B. H +-ATP 合成酶的合成需要ATP 供能，ATP 的合成需要H +-ATP 合成酶的催化C. ATP 可以口服，也可以注射D. H +-ATP 合成酶抑制剂可能是一种较好的抗肿瘤药【答案】A【解析】根据题意，H+-ATP合成酶存在于线粒体内，叶绿体、细菌体内没有，A错误。

酶的合成需要ATP供能，线粒体H+-ATP合成酶的功能主要是合成ATP和转运H+，因此ATP的合成需要H+-ATP合成酶的催化，B正确。

ATP可溶于水，既可注射也可口服，C正确。

H+-ATP合成酶抑制剂可选择性诱发癌细胞的凋亡，因此其可能是一种较好的抗肿瘤药，D正确。

3. 洞庭湖是我国的第二大淡水湖。

湖中藻类以硅藻、绿藻、蓝藻为主，其中，绿藻全年占优势，硅藻在冬季占优势，蓝藻在春秋季占优势。

具有极强耐污能力的裸藻出现说明某些地方的水体可能已经受到污染。

下列说法不正确的是A. 藻类优势种季节性变化是一种演替，既有群落内部的原因，又有外部环境影响B. 湖泊中微生物可利用含N、P的物质成为自身物质或能量的来源C. 各个营养级能量的最终去向是散失在环境中D. 该湖泊生态系统中鱼类等捕食者的存在会降低物种多样性【答案】D【解析】藻类优势种季节性变化是一种演替，群落演替的根本原因是群落内部和外部环境的共同影响，A正确。

2017年湖南省长沙一中高考生物模拟试卷（二）一、选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．下列叙述不正确的是（）A．生物膜之间可通过囊泡的转移实现其成分更新B．K+进出神经细胞的载体种类不同C．葡萄糖进入细胞都需要载体协助，但不一定消耗能量D．RNA聚合酶的合成是基因选择性表达的结果2．人类免疫缺陷病毒（HIV）为逆转录病毒，由于逆转录酶缺乏校正修复功能，因而HIV 的变异频率非常高．下列叙述不正确的是（）A．HIV最初侵入人体时，免疫系统能摧毁大多数病毒B．共用注射器和纹身器械是传播艾滋病的危险行为C．逆转录酶能以T淋巴细胞RNA为模板合成病毒蛋白质D．被感染个体不同时期体内HIV的遗传物质可能存在较大差异3．如图所示为部分人体细胞的生命历程．图中I至IV过程代表细胞的生命现象．细胞1具有水分减少，代谢减慢的特征，细胞2可以无限增殖．下列叙述正确的是（）A．细胞2与正常肝细胞相比，DNA聚合酶和RNA聚合酶活性更高B．细胞1所有酶活性都降低，细胞2和细胞1的遗传物质相同C．成体干细胞能够分化成浆细胞、肝细胞等，体现了细胞的全能性D．效应T细胞作用与细胞1和细胞2使其死亡，此过程不属于细胞凋亡4．玉米籽粒的颜色有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如图所示．基因M、N和P 及它们的等位基因依次分布在第9、10、5号染色体上，现有一红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒的性状分离比为紫色：红色：白色=0：3：1．则该植株的基因型可能为（）A．MMNNEE B．MmNNee C．MmNnEE D．MmNnee5．肾脏受交感神经支配．肾交感神经受到低频率低强度的电刺激，可增加肾小管对Na+、Cl ﹣和水的重吸收，这种作用可被肾上腺素受体拮抗剂所阻断．下列说法正确的是（）A．支配肾脏的交感神经末梢释放的递质是肾上腺素B．电刺激使交感神经纤维的膜内电位由正变为负C．肾交感神经属于反射弧的传入神经D．肾小管对水的重吸收只受神经调节6．在生态环境的研究及生物多样性的保护过程中，下列方法与目的不相符的是（）A．利用昆虫信息素诱杀有害昆虫，可降低有害昆虫的种群密度B．建立濒危动物精子库，有利于保护濒危动物的基因多样性C．采用许多恢复生态学技术来治理退化的生态系统D．沼气池中的沼液、沼渣作为肥料还田，可加速物质和能量的循环利用二、非选择题：7．（9分）研究者将乳腺细胞M诱导成为乳腺癌细胞（记为M c），研究细胞癌变后的代谢水平变化．（1）M诱变为M c的根本原因是，细胞癌变后，细胞表面的减少，细胞周期的变化是．（2）实验一：研究者测定了M及M c的葡萄糖摄取量，结果如图1．由图可知，M c相对M来说葡萄糖的摄取量．（3）实验二：研究者将一种作用于线粒体内膜的呼吸抑制剂加入到M和M c细胞的培养液中，与细胞相比，计算获得图2所示数据．结果说明对该抑制剂更为敏感．由于该抑制剂抑制阶段，为确定癌变细胞的呼吸方式，研究者测定了乳酸在细胞培养液中的含量，发现M c组的乳酸含量明显升高，可确定．（4）为了探究癌细胞发生这一代谢变化的原因，研究者测定了M和Mc中某种葡萄糖转运蛋白mRNA的量，结果见图3，这说明癌细胞通过来提高葡萄糖摄取量．8．（10分）人感染埃博拉病毒（EV）的致死率可高达 90%．EV的主要靶细胞是吞噬细胞、血管内皮细胞、肝细胞和肾细胞等，吞噬细胞最先被EV侵染，EV能在吞噬细胞中增殖并随其扩散至全身．EV的致病机制如图所示．（1）被EV侵染的吞噬细胞功能异常，无法将EV特有的抗原暴露并直接呈递给细胞，因而难以激活人体的免疫．（2）EV侵染吞噬细胞后，能诱导淋巴细胞凋亡，进而免疫应答．（3）sGP是EV基因指导合成的一种分泌型糖蛋白，与EV表面的糖蛋白GP结构很相似．GP作为，能刺激机体产生与其特异性结合的抗体．在患者体内，抗体可以与sGP结合，从而失去了机会．（4）被EV侵染的吞噬细胞分泌的sGP与共同作用于细胞，使其通透性增加，出现出血症状．同时EV直接破坏了器官的细胞结构，引起该器官的损伤，加重了出血症状．（5）综合上述分析，人感染EV致死率高的主要原因是．9．（12分）某二倍体自花受粉植物的高杆（D）对矮杆（d）为显性，抗病（T）对感病（t）为显性，且两对基因独立遗传．（1）两株植物杂交时，产生的F1中出现高杆感病的概率为1/8，则该两株植物的基因型为．（2）用纯种高杆植株与矮杆植株杂交得F1，在F1自交时，若含d基因的花粉有一半死亡，则F2代的表现型及其比例是．（3）若以纯合的高杆感病品种为母本，纯合的矮杆抗病品种为父本进行杂交实验．播种所有的F1种子，得到的F1植株自交，单株收获所有种子单独种植在一起得到的植株称为一个株系，发现绝大多数株系都出现了高杆与矮杆的分离，而只有一个株系（A）全部表现为高杆．据分析，导致A株系全部表现为高杆的原因有两个：一是母本自交，二是父本的一对等位基因中有一个基因发生突变．如果是由于母本自交，该株系的表现型为；如果是由于父本有一个基因发生突变，该株系的表现型及比例为．（4）科学家将该植物（2n=24）萌发的种子进行了太空育种，杂交后代出现单体植株（2n ﹣1）．单体植株若为母本，减数分裂可产生染色体数为的雌配子．若对该单体植株的花粉进行离体培养时，发现n﹣1型配子难以发育成单倍体植株，其原因最可能是．10．（8分）如图为某条小河从高山湖泊汇入大河的示意图，其中食品工厂、村庄会向小河中排污（含大量有机物）．结合所学知识，回答下列问题：（1）高山、河流、村庄中的生物分别属于不同的群落，区分不同群落的重要特征是群落的，该河流生态系统中的能量来源有．（2）食品工厂排污后，河流水体变浑浊，但是下游村庄附近河流又保持清澈见底，这说明该河流具有稳定性；若过度排污，将导致该生态系统的锐减．（3）有同学调查食品工厂附近土壤小动物类群的丰富度，将土样带回实验室后，用诱虫器采集小动物时，忘记开装置的电灯，导致统计结果（填“偏大”、“偏小”、“不变”）．（4）调查表明，村庄周围被踩踏过的地方，很难见到高大的植被，取代的是低矮的草，甚至有不长草、土壤板结的现象．这说明人类活动往往会．（5）小河边的芦苇，不仅可以用于造纸，还可以保持水土、涵养水源、调节气候，体现了生态系统的价值．【生物--选修1：生物技术实践】11．（15分）自养需氧型的硝化细菌能够降低水体中的铵盐，对水体有一定的净化作用，请回答：（1）培养硝化细菌时，将含固体培养基的培养皿倒置的目的是．培养基中加入铵盐为硝化细菌的生长提供，培养基中没有加入有机碳，从功能上看这种培养基属于培养基．（2）硝化细菌纯化并计数时，对照组应该涂布等量的．样液稀释103倍后，取0.1mL 涂布到四个平板，统计其菌落数分别为251、265、276、348个，可推测原样液中硝化细菌的浓度为个/mL，该方法测定的硝化细菌的含量和实际值相比，一般（填“偏大”或“偏小”）．（3）若要探究弱酸弱碱条件下硝化细菌对铵盐转化能力的大小，现提供足量含某铵盐的液体培养基及PH值分别为5、9的弱酸和弱碱缓冲液，写出你的实验设计思路：．【生物--选修3：现代生物科技专题】12．家蚕细胞具有高效表达外源基因的能力，将人的干扰素基因导入家蚕细胞并大规模培养可以提取干扰素用于制药．（1）进行转基因操作前，需用酶处理幼蚕组织，以便获得单个细胞，在动物细胞培养中常加一定浓度CO2，其主要作用是：．（2）在此基因操作过程中的核心步骤是．启动子位于基因的，是识别和结合的部位．（3）人的干扰素基因一般来自cDNA文库，其属于基因文库，若要检测干扰素基因在家蚕细胞中是否表达，从分子水平上可以采用的方法是．若在体外可通过技术大量获取该目的基因．2017年湖南省长沙一中高考生物模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．下列叙述不正确的是（）A．生物膜之间可通过囊泡的转移实现其成分更新B．K+进出神经细胞的载体种类不同C．葡萄糖进入细胞都需要载体协助，但不一定消耗能量D．RNA聚合酶的合成是基因选择性表达的结果【考点】51：细胞的分化；31：物质跨膜运输的方式及其异同．【分析】1、生物膜系统由细胞膜、细胞器膜和核膜组成，生物膜系统在成分和结构上相似，结构与功能上联系．2、物质跨膜运输方式：【解答】解：A、生物膜之间可通过囊泡的转移实现其成分更新，如内质网与高尔基体、高尔基体与细胞膜之间，A正确；B、K+出神经细胞属于协助扩散，进神经细胞属于主动运输，由于载体蛋白具有专一性，因此进出神经细胞的载体种类不同，B正确；C、葡萄糖进入细胞都需要载体协助，但不一定消耗能量，如进入红细胞属于协助扩散，协助扩散不需要消耗能量，C正确；D、几乎所有细胞都能合成RNA聚合酶，因此RNA聚合酶的合成不是基因选择性表达的结果，D错误．故选：D．【点评】本题考查细胞结构和功能、细胞分化等知识，要求考生识记细胞中各种细胞器的结构、分布和功能；识记细胞分化的概念，掌握细胞分化的实质；识记不同物质跨膜运输的方式和特点，能结合所学的知识准确判断各选项．2．人类免疫缺陷病毒（HIV）为逆转录病毒，由于逆转录酶缺乏校正修复功能，因而HIV 的变异频率非常高．下列叙述不正确的是（）A．HIV最初侵入人体时，免疫系统能摧毁大多数病毒B．共用注射器和纹身器械是传播艾滋病的危险行为C．逆转录酶能以T淋巴细胞RNA为模板合成病毒蛋白质D．被感染个体不同时期体内HIV的遗传物质可能存在较大差异【考点】7H：中心法则及其发展．【分析】1、关于“艾滋病”，考生可以从以下几方面把握：（1）艾滋病的中文名称是获得性免疫缺陷综合征（AIDS），其病原体是人类免疫缺陷病毒（HIV）．（2）艾滋病的致病原理：HIV病毒进入人体后，与人体的T淋巴细胞结合，破坏T淋巴细胞，使免疫调节受到抑制，使人的免疫系统瘫痪，最后使人无法抵抗其他细菌、病毒的入侵，让人死亡．（3）艾滋病的传播途径包括：血液传播、性传播、母婴传播．2、艾滋病病毒（HIV）是一种逆转录病毒，逆转录是指以RNA为模板合成DNA的过程．【解答】解：A、HIV最初侵入人体时，还有没有来得及破坏免疫系统，此时正常的免疫系统能摧毁大多数病毒，A正确；B、共用注射器和纹身器械可通过血液传播途径传播艾滋病，B正确；C、逆转录酶能以病毒的RNA为模板合成DNA，C错误；D、被感染个体不同时期体内HIV的遗传物质可能存在较大差异，D正确．故选：C．【点评】本题考查艾滋病、中心法则及其发展等知识，要求考生识记艾滋病的传播途径，掌握艾滋病的致病原理；识记中心法则的主要内容及后人对其进行的补充和完善，能结合所学的知识准确判断各选项．3．如图所示为部分人体细胞的生命历程．图中I至IV过程代表细胞的生命现象．细胞1具有水分减少，代谢减慢的特征，细胞2可以无限增殖．下列叙述正确的是（）A．细胞2与正常肝细胞相比，DNA聚合酶和RNA聚合酶活性更高B．细胞1所有酶活性都降低，细胞2和细胞1的遗传物质相同C．成体干细胞能够分化成浆细胞、肝细胞等，体现了细胞的全能性D．效应T细胞作用与细胞1和细胞2使其死亡，此过程不属于细胞凋亡【考点】51：细胞的分化；57：细胞凋亡的含义．【分析】分析题图：Ⅰ表示细胞分化；细胞1具有水分减少、代谢减慢的特征，因此Ⅱ过程表示细胞衰老；细胞2可以无限增殖，因此过程Ⅲ表示细胞癌变；Ⅳ表示细胞凋亡．【解答】解：A、细胞2属于癌细胞，能无限增殖，且其与正常肝细胞相比，代谢旺盛，因此DNA聚合酶和RNA聚合酶活性更高，A正确；B、细胞1具有水分减少，代谢减慢的特征，说明细胞1是衰老的细胞，衰老细胞中部分酶活性降低，而不是所有酶的活性都降低；细胞1是衰老细胞，其遗传物质没有发生改变，而细胞2是癌变细胞，其形成原因是基因突变，即遗传物质发生改变，因此细胞2和细胞1的遗传物质不同，B错误；C、成体干细胞能够分化成浆细胞、肝细胞等，并没有形成完整个体，因此不能体现细胞核的全能性，C错误；D、效应T细胞作用于细胞1和细胞2使其死亡，此过程属于细胞凋亡，D错误．故选：A．【点评】本题结合图解，综合考查细胞分化、细胞衰老、细胞癌变和细胞凋亡等生命历程，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论能力．4．玉米籽粒的颜色有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如图所示．基因M、N和P 及它们的等位基因依次分布在第9、10、5号染色体上，现有一红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒的性状分离比为紫色：红色：白色=0：3：1．则该植株的基因型可能为（）A．MMNNEE B．MmNNee C．MmNnEE D．MmNnee【考点】87：基因的自由组合规律的实质及应用．【分析】1、基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合．2、由代谢途径可知，玉米籽粒的颜色由3对等位基因控制，三对等位基因位于非同源染色体上，因此遵循自由组合定律，且mm____、M_nn__为白色，M_N_ee为红色，M_N_E_为紫色．【解答】解：由分析可知，红色籽粒玉米的基因型是M_N_ee，自交后代紫色：红色：白色=0：3：1，即没有紫色个体，且红色：白色=3：1，相当于一对相对性状的杂合子自交实验，因此亲本红色玉米的基因型可能是MmNNee或MMNnee．故选：B．【点评】本题旨在考查学生理解基因与性状之间的关系，基因分离定律和自由组合定律的实质，学会根据细胞代谢途径写出不同表现型的基因组成，并根据子代的表现型及比例推出亲本基因型．5．肾脏受交感神经支配．肾交感神经受到低频率低强度的电刺激，可增加肾小管对Na+、Cl ﹣和水的重吸收，这种作用可被肾上腺素受体拮抗剂所阻断．下列说法正确的是（）A．支配肾脏的交感神经末梢释放的递质是肾上腺素B．电刺激使交感神经纤维的膜内电位由正变为负C．肾交感神经属于反射弧的传入神经D．肾小管对水的重吸收只受神经调节【考点】E2：神经、体液调节在维持稳态中的作用．【分析】反射指人体通过神经系统，对外界或内部的各种刺激所发生的有规律的反应．神经的基本调节方式是反射．反射弧包括感受器、传入神经、神经中抠、传出神经、效应器五部分．静息时，K+外流，造成膜两侧的电位表现为内负外正；受刺激后，Na+内流，造成膜两侧的电位表现为内正外负．神经递质存在于突触前膜的突触小泡中，只能由突触前膜释放，然后作用于突触后膜，因此兴奋只能从一个神经元的轴突传递给另一个神经元的细胞体或树突．【解答】解：A、题干信息告知肾脏受交感神经支配，增强肾小管的功能，而这种支配作用会被肾上腺素受体拮抗剂阻断（拮抗剂会影响受体功能），所以可以据此推测支配肾脏的交感神经末梢释放的递质是肾上腺素，A正确；B、神经纤维静息时细胞内电位为负，受刺激后将由负变成正，B错误；C、题干信息可知肾脏受交感神经支配而发挥作用，所以肾脏应属于效应器的一部分，由此可推知肾交感神经应属于传出神经，C错误；D、由已学知识可知，肾小管对水的重吸收还会受抗利尿激素的调节，此调节属于体液调节，D错误．故选：A．【点评】本题考查神经、体液调节在维持稳态中的作用，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力，属于考纲识记和理解层次的考查．6．在生态环境的研究及生物多样性的保护过程中，下列方法与目的不相符的是（）A．利用昆虫信息素诱杀有害昆虫，可降低有害昆虫的种群密度B．建立濒危动物精子库，有利于保护濒危动物的基因多样性C．采用许多恢复生态学技术来治理退化的生态系统D．沼气池中的沼液、沼渣作为肥料还田，可加速物质和能量的循环利用【考点】H3：生物多样性保护的意义和措施．【分析】生物多样性的保护：（1）就地保护（自然保护区）：就地保护是保护物种多样性最为有效的措施．（2）易地保护：动物园、植物园．（3）利用生物技术对生物进行濒危物种的基因进行保护．如建立精子库、种子库等．（4）利用生物技术对生物进行濒危物种进行保护．如人工授精、组织培养和胚胎移植等．【解答】解：A、利用昆虫信息素诱杀有害昆虫，可降低有害昆虫的种群密度，A正确；B、建立濒危动物精子库，有利于保护濒危动物的基因多样性，B正确；C、采用许多恢复生态学技术来治理退化的生态系统，C正确；D、沼气池中的沼液、沼渣作为肥料还田，可加速物质的循环利用，而能量不能循环利用，D 错误．故选：D．【点评】本题考查生物多样性的相关知识，要求考生识记生物多样性的概念、三个层次、价值及保护措施等，能结合所学的知识准确判断各选项．二、非选择题：7．研究者将乳腺细胞M诱导成为乳腺癌细胞（记为M c），研究细胞癌变后的代谢水平变化．（1）M诱变为M c的根本原因是基因突变，细胞癌变后，细胞表面的糖蛋白减少，细胞周期的变化是变短．（2）实验一：研究者测定了M及M c的葡萄糖摄取量，结果如图1．由图可知，M c相对M来说葡萄糖的摄取量增加．（3）实验二：研究者将一种作用于线粒体内膜的呼吸抑制剂加入到M和M c细胞的培养液中，与不加呼吸抑制剂的M和M c细胞相比，计算获得图2所示数据．结果说明M细胞（或“乳腺细胞M”、“癌变前细胞”）对该抑制剂更为敏感．由于该抑制剂抑制有氧呼吸第三阶段，为确定癌变细胞的呼吸方式，研究者测定了乳酸在细胞培养液中的含量，发现M c组的乳酸含量明显升高，可确定细胞癌变后代谢所需能量主要来自无氧呼吸（或癌细胞的呼吸方式主要是无氧呼吸）．（4）为了探究癌细胞发生这一代谢变化的原因，研究者测定了M和Mc中某种葡萄糖转运蛋白mRNA的量，结果见图3，这说明癌细胞通过提高葡萄糖转运蛋白的合成量来提高葡萄糖摄取量．【考点】5B：细胞癌变的原因；5C：恶性肿瘤的防治．【分析】1、癌细胞特征为：（1）能无限增殖；（2）癌细胞的形态结构发生显著改变；（3）癌细胞表面发生变化，细胞膜上的糖蛋白等物质减少，使细胞间黏着性降低，易于在体内扩散转移．2、癌细胞产生的根本原因是原癌基因和抑癌基因的突变．3、分析题图：图1可知，M c相对M来说葡萄糖的摄取量增加．由图2可知：M细胞对呼吸抑制剂更为敏感．与图3可知：M细胞某种葡萄糖转运蛋白mRNA的量少于Mc中某种葡萄糖转运蛋白mRNA的量，这说明癌细胞通过提高葡萄糖转运蛋白的合成量来提高葡萄糖摄取量．【解答】解：（1）M诱变为M c属于人工诱变，其根本原因是基因突变，细胞癌变后，细胞表面的糖蛋白减少，细胞无限增殖，细胞周期变短．（2）实验一：研究者测定了M及M c的葡萄糖摄取量，结果如图1．由图可知，M c相对M来说葡萄糖的摄取量增加，（3）实验二：研究者将一种作用于线粒体内膜的呼吸抑制剂加入到M和M c细胞的培养液中，与不加呼吸抑制剂的M和M c细胞相比，结果说明 M细胞（或“乳腺细胞M”、“癌变前细胞”）对该抑制剂更为敏感．由于该抑制剂作用于线粒体内膜，故该抑制剂抑制有氧呼吸第三阶段，为确定癌变细胞的呼吸方式，研究者测定了乳酸在细胞培养液中的含量，发现M c 组的乳酸含量明显升高，因为乳腺细胞无氧呼吸产生乳酸，故可确定细胞癌变后代谢所需能量主要来自无氧呼吸（或癌细胞的呼吸方式主要是无氧呼吸）（4）为了探究癌细胞发生这一代谢变化的原因，研究者测定了M和Mc中某种葡萄糖转运蛋白mRNA的量，分析图3可知，M细胞某种葡萄糖转运蛋白mRNA的量明显少于Mc中某种葡萄糖转运蛋白mRNA的量，这说明癌细胞通过提高葡萄糖转运蛋白的合成量来提高葡萄糖摄取量．故答案为：（1）基因突变糖蛋白变短（2）增加（3）不加呼吸抑制剂的M和M c M细胞（或“乳腺细胞M”、“癌变前细胞”）有氧呼吸第三细胞癌变后代谢所需能量主要来自无氧呼吸（或癌细胞的呼吸方式主要是无氧呼吸）（4）提高葡萄糖转运蛋白的合成量【点评】本题考查细胞癌变的相关知识，癌细胞的主要特征等知识点，要求考生分析柱形图，获取有效信息的能力，能运用所学的知识准确解答，属于考纲识记层次的考查．8．（10分）（2017•顺义区二模）人感染埃博拉病毒（EV）的致死率可高达 90%．EV的主要靶细胞是吞噬细胞、血管内皮细胞、肝细胞和肾细胞等，吞噬细胞最先被EV侵染，EV能在吞噬细胞中增殖并随其扩散至全身．EV的致病机制如图所示．（1）被EV侵染的吞噬细胞功能异常，无法将EV特有的抗原暴露并直接呈递给T淋巴细胞，因而难以激活人体的特异性免疫．（2）EV侵染吞噬细胞后，能诱导淋巴细胞凋亡，进而抑制免疫应答．（3）sGP是EV基因指导合成的一种分泌型糖蛋白，与EV表面的糖蛋白GP结构很相似．GP 作为抗原，能刺激机体产生与其特异性结合的抗体．在患者体内，抗体可以与sGP结合，从而失去了与EV结合机会．（4）被EV侵染的吞噬细胞分泌的sGP与IL 共同作用于血管内皮细胞，使其通透性增加，出现出血症状．同时EV直接破坏了肝、肾器官的细胞结构，引起该器官的损伤，加重了出血症状．（5）综合上述分析，人感染EV致死率高的主要原因是抑制免疫应答；增加血管通透性引起出血；引起肝肾等器官损伤．【考点】E4：人体免疫系统在维持稳态中的作用．【分析】1、免疫系统的组成（1）免疫器官：骨髓、胸腺、脾、淋巴结、扁桃体等；（2）免疫细胞：①淋巴细胞：位于淋巴液、血液和淋巴结中．T细胞（迁移到胸腺中成熟）、B细胞（在骨髓中成熟）．②吞噬细胞等；（3）免疫分子：各种抗体和淋巴因子等．2、特异性免疫中发挥免疫作用的主要是淋巴细胞，由骨髓中造血干细胞分化、发育而来．【解答】解：（1）在特异性免疫过程中，吞噬细胞会将抗原吞噬、处理、呈递给T细胞．而被EV侵染的吞噬细胞功能异常，无法将EV特有的抗原暴露并直接呈递给T淋巴细胞，因而。

长沙市第一中学2016-2017下学年高二第一次模块检测生物试卷时量：90分钟分值：90分一、选择题(共30题，60分。

请将答案填涂在答卷相应位置。

)1.下列关于生物大分子的叙述不正确的是A．M个氨基酸构成的蛋白质分子，有N条肽链，其完全水解共需M﹣N个水分子B．在小麦细胞中由A、G、T、C四种碱基参与构成的核苷酸最多有7种C．细胞中氨基酸种类和数量相同的蛋白质不一定是同一种蛋白质D．糖原、脂肪、蛋白质和核糖都是生物体内高分子化合物2.下列关于化合物的元素组成的叙述正确的是A．叶绿素的元素组成中一定含有镁和氮 B．脂肪的元素组成中一定含有氮和磷C．蛋白质的元素组成中一定含有氮和硫 D．磷脂的元素组成中一定含有硫和磷3.螺旋现象普遍存在于多种物质或生物结构中，下列有关说法不正确的是A．某些蛋白质具有的螺旋结构，决定了其特定的功能B．染色体解螺旋形成染色质的同时，DNA分子双链也随之解旋C．DNA分子具有规则的双螺旋结构，决定了其结构的稳定性D．水绵的叶绿体呈螺旋式带状，便于实验时观察光合作用的场所4.1965年，我国在世界上首先人工合成了结晶牛胰岛素，它是一种有生命活力的蛋白质。

下面关于蛋白质分子结构与功能的叙述错误的是A．不同蛋白质含有的氨基酸的排列顺序是由细胞中贮存的遗传信息决定的B．组成蛋白质的氨基酸之间可按不同的方式脱水缩合C．由20种、500个氨基酸组成的蛋白质，其氨基酸排列顺序就可能是20500种D．蛋白质功能多种多样，可以说，一切生命活动都离不开蛋白质5.下列有关组成生物体化合物的叙述，正确的是A．发芽的小麦谷粒中含有丰富的麦芽糖，其水解的产物只有一种单糖B．在HIV中由A、G、U、C四种碱基参与构成的核苷酸最多有7种C．RNA聚合酶的化学本质是蛋白质，催化的反应物是RNAD．氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽键的空间结构的差异决定了蛋白质结构的多样性6.下列物质或结构，均能与双缩脲试剂反应呈紫色的是①抗体②受体③细胞骨架④植物细胞壁⑤动物细胞间质⑥各种激素A．①②④ B．①②③⑥ C．①②③⑤ D．①②③④⑤⑥7.下列有关细胞核的叙述，错误的是A．蛋白质是细胞核中染色质的组成成分 B．细胞核中可进行遗传物质的复制和转录C．小分子物质可以通过核孔，大分子物质不能 D．有丝分裂过程中存在核膜消失和重新形成的现象8.下列关于细胞的结构与功能的相关叙述中，正确的是A．蓝藻细胞中有的酶在核糖体上合成后,再由内质网和高尔基体加工B．植物细胞进行有丝分裂后期细胞壁的形成与液泡有关C．真核细胞中的DNA全部分布在细胞核中，所以细胞核是遗传信息库D．植物细胞最外层是细胞壁，但细胞膜却是细胞的边界9.下列有关细胞器的叙述，正确的是A．液泡中的色素吸收并转换光能 B．核糖体含磷脂，能参与蛋白质的合成C．吞噬细胞与肌肉细胞含有相同数量的溶酶体 D．线粒体含RNA，能产生ATP和CO210.下列关于细胞结构和功能的叙述，错误的是A．大肠杆菌、肝细胞在结构上既有统一性又有差异性 B．细胞膜是所有细胞与外界环境分隔的边界C．叶绿体、线粒体中ATP合成酶都分布在生物膜上 D．高尔基体膜成分的更新可通过囊泡进行11.用蛋白酶去除大肠杆菌核糖体的蛋白质，处理后的核糖体仍可催化氨基酸的脱水缩合反应。

长沙市第一中学2016-2017下学年高二第一次模块检测化学时量：90分钟分值：100分本卷可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 Si 28 O 16 As 75第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题共16小题，每小题3分，共48分。

在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请将答案填在答题卡上。

）1、发展生物柴油具有战略意义，生物柴油就是以大豆、油菜籽等油料作物、工程微藻等水生植物以及动物油脂、废餐饮油等为原料制成的液体燃料，是优质的石油、柴油代用品。

据以上信息，下列有关生物柴油的说法错误的是A．生物柴油是可再生能源B．发展生物柴油也有益于保护生态环境C．生物柴油的组成成分与矿物柴油完全相同D．发展生物柴油有利于调整产业结构、增加农民收入2、已知某酸性溶液中含有Ba2+、Fe3+，则下列能与上述离子共存的离子组是（）A．CO32﹣、SO42﹣、NH4+、Na+ B． Cl﹣、SCN﹣、NO3﹣、Cu2+C．Br﹣、I﹣、Mg2+、Na+ D． H+、Cl﹣、NO3﹣、Al3+3、右图是立方烷的球棍模型，下列有关说法不正确的是( )A．它的一氯代物只有一种同分异构体B．它的二氯代物有三种同分异构体C．它能使溴水褪色D．它与苯乙烯（C6H5—CH=CH2）互为同分异构体4、下列有关化学用语表示正确的是（）A．丙烯的结构简式：C3H6B．氢氧根离子的电子式：C．氯原子的结构示意图：D．中子数为146、质子数为92 的铀(U)原子146 92U5、在2A＋B 3C＋4D反应中，表示该反应速率最快的是A．υ（A）＝ 0.5 mol/（L·ｓ） B．υ（B）＝ 0.3 mol/（L·ｓ）C．υ（C）＝ 12 mol/（L·min） D．υ（D）＝ 6 mol/（L·min）6、为了检验溴乙烷中含有溴元素，有以下操作，顺序合理的是 （） ①加AgNO 3溶液②加NaOH 溶液③加热④加蒸馏水⑤加硝酸至溶液显酸性A ．②①③⑤B ．②④⑤③C ．②③⑤①D ．②①⑤③ 7、N A 为阿伏加德罗常数，下列说法正确的是（ ） A ．标准状况下，11.2L 的戊烷所含的分子数大于0.5N A B ．28g 乙烯所含共用电子对数目为4N AC ．标准状况下，11.2 L 二氯甲烷所含分子数为0.5N AD ．现有乙烯、丙烯、丁烯的混合气体共14g ，其原子数为2N A9、反应：L(s)＋a G(g)b R(g) 达到平衡时，温度和压强对该反应的影响如图所示：图中压强p 1＞p 2，x 轴表示温度，y 轴表示平衡混合气中G 的体积分数。

长沙市第一中学2017-2018上学年高二模块性检测考试化学注意事项：1.考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。

2.作答时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

总分：100分时量：90分钟可能用到的相对原子质量：H—1 C—12 N—14 O—16 Na—23 Cl—35.5 Fe—56第Ⅰ卷(选择题共42分)选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。

）1.化学在日常生活中有着重要的应用。

下列说法不正确的是（）A．热水瓶胆中的水垢可以用食醋除去B．可以用淀粉溶液检验食盐中含碘酸钾C．漂白粉可用于自来水的杀菌、消毒D．做红烧鱼时，常加一些食醋和酒会更香，是因为生成少量的酯2．下列各组中的反应，属于同一反应类型的是()A．由溴丙烷水解制丙醇；由丙烯与水反应制丙醇B．由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯氧化制苯甲酸C．由氯代环己烷消去制环己烯；由丙烯加溴制1,2-二溴丙烷D．由乙酸和乙醇制乙酸乙酯；由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇3. 有8种物质：①乙烷；②乙烯；③乙炔；④苯；⑤甲苯；⑥溴乙烷；⑦聚丙烯；⑧环己烯。

其中既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应而使溴水褪色的是A．①②③⑤ B．①④⑥⑦ C．④⑥⑦⑧ D．②③⑤⑧4．某烃与H2加成后得到2,2­二甲基丁烷，该烯烃的名称是（）A．2,2­二甲基­3­丁烯 B．2,2­二甲基­2­丁烯C．2,2­二甲基­1­丁烯D．3,3­二甲基­1­丁烯5.已知甲苯的一氯代物有4种，则甲苯与氢气完全加成后产物的一氯代物的种类数是( ) A．2种B．4种C．5种D．7种6．把质量为m g的铜丝灼烧变黑，立即放入下列物质中，使铜丝变红，而且质量仍为m g 的是 ( )A．H2SO4 B． C2H5OH C．稀HNO3 D．NaOH溶液7．下列操作达不到预期目的的是()①石油分馏时把温度计插入液面以下②用溴水除去乙烯中混有的SO2气体③用乙醇与3 mol·L－1的H2SO4混合共热到170 ℃以上制乙烯④将苯和溴水混合后加入Fe粉制溴苯⑤将饱和食盐水滴入盛有电石的烧瓶中制乙炔A．①④B．③⑤C．②③④⑤D．①②③④8．在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3∶2的化合物是() A．B．C．D．9. 下列物质能发生消去反应，但不能发生催化氧化的是( )10.酒后驾车是引发交通事故的重要原因。

长沙市第一中学2008～2009学年度第一学期期中考试·试题卷一、选择题（每小题只有一个正确答案，每小题1分，共45分）1．下列关于人体内环境的描述中，错误的是 A ．血浆的主要成分包括水、葡萄糖、血红蛋白和激素等 B ．免疫调节对内环境稳态具有重要作用 C ．HCO 3-、HPO 42-等参与维持血浆pH 相对稳定 D ．淋巴细胞生活的液体环境是淋巴、血浆等 2．下列对血浆、组织液和淋巴的叙述错误的是A ．血浆成分渗出毛细血管就成为组织液B ．淋巴渗出毛细淋巴管就成为组织液C ．组织液渗入毛细血管就成为血浆D ．组织液渗入毛细淋巴管就成为淋巴3．毛细血管和毛细淋巴管管壁细胞的直接生活的内环境分别是 ①血液和组织液 ②血浆和组织液 ③淋巴和血浆 ④淋巴和组织液 A ．①③B ．②③C ．②④D ．①④4．右图是人体局部内环境示意图。

以下叙述正确的是A ．某人长期营养不良，则会引起C 液减少B ．3中的的CO 2 浓度比A 液中的低C ．2中的B 液经淋巴循环汇入血浆中D ．A 液中的O 2进入组织细胞被利用至少要通 过3层膜5．下列有关人体细胞外液的叙述，错误的是A ．人体内的细胞外液构成了人体的内环境B ．人体的细胞外液主要包括血浆、组织液和淋巴C ．人体的体液统称为细胞外液D ．人体内细胞通过细胞外液与周围环境交换物质 6．内环境稳态的生理意义是A ．使体温维持相对恒定B ．使体液的pH 保持相对稳定C ．使内环境的渗透压处于相对平衡D ．是机体进行正常生命活动的必要条件7．下列说法不正确的是A ．内环境的各种化学成分和理化性质在不断发生变化B ．正常机体在神经系统、体液、免疫的调节下，通过各器官、系统的协调活动，共同维持内环境的相对稳定状态C ．血浆渗透压的大小主要与糖类的含量有关D ．尽管外界环境的气温波动范围较大，但健康人的体温始终接近37℃8． 某人大脑受伤，不能说话但能听懂别人的说话，能看书看报，那么受损的部位是A ．S 区B ．V 区C ．W 区D ．H 区9．人体生命活动的正常进行主要是在神经系统的调节作用下完成的。

一、选择题1。

下列有关DNA分子结构的说法，正确的是A.碱基与核糖相连接B。

每个磷酸基团上都连着两个五碳糖C.DNA由正向平行的两条链组成D.—般情况下嘌呤与嘧啶配对【答案】D【考点定位】DNA分子结构2。

DNA彻底水解产物不包括A。

磷酸 B.脱氧核糖C。

尿嘧啶 D.胸腺嘧啶【答案】C【解析】DNA彻底水解产物为磷酸、脱氧核糖与腺嘌呤、胞嘧啶、鸟嘌呤、胸腺嘧啶四种碱基,不包括尿嘧啶，A、B、D三项均错误，C项正确。

【考点定位】DNA的化学组成【名师点睛】此类问题通常以核酸的化学组成为基础进行考查,熟记并理解核酸的种类和化学组成是解答此题的关键.13。

如图是人体细胞中某DNA片段结构示意图，有关叙述正确的是A. 图中“X”代表磷酸基团，“A"代表腺苷B。

DNA复制时，图中“N”键首先全部断开C。

DNA转录时，需要DNA聚合酶、解旋酶等催化D. DNA聚合酶能催化“M"键的形成【答案】D【考点定位】DNA的化学组成、DNA的复制、转录【名师点睛】本题以“某DNA片段结构示意图”为情境,综合考查学生对DNA的化学组成、复制、转录等知识的理解及其掌握情况。

解答此类问题需要结合相应的示意图、熟记相关的基础知识并形成清晰的知识网络。

4。

DNA分子经过诱变，某位点上的一个正常碱基（设为X）变成了尿嘧啶，该DNA连续复制两次，得到的4个子代DNA分子相应位点上的碱基对分别为U—A、A-T、G-C、C-G，推测“X”可能是A. 胸腺嘧啶B.胞嘧啶C.腺嘌呤D。

胸腺嘧啶和腺嘌呤【答案】B【解析】依据DNA分子半保留复制的特点，经过两次复制得到的4个子代DNA分子中相应位点的碱基对U—A、A—T来自发生突变的亲代DNA的模板链，而G—C、C-G来自未发生突变的模板链。

据此推断，“P”可能是G或C，B项正确，A、C、D三项均错误。

1【考点定位】DNA复制与基因突变5。

如图表示发生在细胞核内的某生理过程，其中a、b、c、d表示脱氧核苷酸链.以下说法正确的是A. 此过程需要ATP和尿嘧啶脱氧核苷酸B. 真核细胞中此过程发生的唯一场所是细胞核C。