高考数学答题技巧汇总
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2024年高考数学无敌答题技巧总结一、常规题型技巧1.选择题:(1)寻找关键信息:仔细阅读题目,理解题意,找出关键信息,如条件、要求等。
(2)排除法:根据选项逐一排除错误的选项,缩小范围,提高正确选项的概率。
(3)逻辑推理:借助题目中的条件或要求进行逻辑推理,寻找解题的线索。
2.填空题:(1)审题准确:仔细阅读题目,理清题目要求,确定填空的种类(数、代数式、字母等)。
(2)转换思路:将复杂问题转换为简单问题,利用等式、条件等求解填空。
(3)检验答案:填入数值后,进行计算,验证答案是否正确。
3.解答题:(1)系统化思考:将问题分解为多个简单的小问题,逐步解决,构建完整的解题框架。
(2)注重图像:合理运用图表、图像、示意图等工具,对于几何问题,可以先绘制图形帮助理解。
(3)条理清晰:清晰地表达解题过程,用文字说明解题思路、逻辑关系和计算过程。
二、解应用题的技巧1.审题:仔细阅读题目,理解问题背景和要求,确定所给信息和需要求解的内容。
2.建立模型:将问题抽象为数学模型,利用数学知识将问题转化为等价的数学表达式或方程组。
3.计算准确:对所建立的模型进行计算,注意运算的准确性、规范性和简洁性。
4.结果验证:对答案进行合理性检验,通过合理的估算、逻辑推理等方法,判断解是否符合实际情况。
5.拓展思考:对应用题进行扩展思考,探索更多的解题思路和方法。
三、应对难题的技巧1.缩小范围:通过对题目进行分类,找出难题的共性,逐个攻克,缩小解题范围。
2.变换角度:换一种角度思考问题,利用数学性质和公式,尝试不同的解题思路。
3.多维思考:综合运用多个数学知识点,进行多层面的思考和分析,拓宽解题思路。
4.寻求帮助:及时向老师或同学请教,讨论解题思路和方法,互相帮助和提升。
四、备考技巧1.制定合理的学习计划:根据自身的情况,合理安排学习时间和任务,分解目标,逐步实现。
2.多做真题和模拟题:通过大量的题目练习,熟悉考点,提高解题速度和准确率。
高考数学各题型答题技巧高考数学各题型答题技巧一、排列组合篇1.掌握分类计数原理与分步计数原理,并能用它们分析和解决一些简单的应用问题。
2.理解排列的意义,掌握排列数计算公式,并能用它解决一些简单的应用问题。
3.理解组合的意义,掌握组合数计算公式和组合数的性质,并能用它们解决一些简单的应用问题。
4.掌握二项式定理和二项展开式的性质,并能用它们计算和证明一些简单的问题。
5.了解随机事件的发生存在着规律性和随机事件概率的意义。
6.了解等可能性事件的概率的意义,会用排列组合的基本公式计算一些等可能性事件的概率。
7.了解互斥事件、相互独立事件的意义,会用互斥事件的概率加法公式与相互独立事件的概率乘法公式计算一些事件的概率。
8.会计算事件在n次独立重复试验中恰好发生k次的概率.二、立体几何篇1.有关平行与垂直(线线、线面及面面)的问题,是在解决立体几何问题的过程中,大量的、反复遇到的,而且是以各种各样的问题(包括论证、计算角、与距离等)中不可缺少的内容,因此在主体几何的总复习中,首先应从解决“平行与垂直”的有关问题着手,通过较为基本问题,熟悉公理、定理的内容和功能,通过对问题的分析与概括,掌握立体几何中解决问题的规律--充分利用线线平行(垂直)、线面平行(垂直)、面面平行(垂直)相互转化的思想,以提高逻辑思维能力和空间想象能力。
2.判定两个平面平行的方法:(1)根据定义--证明两平面没有公共点;(2)判定定理--证明一个平面内的两条相交直线都平行于另一个平面;(3)证明两平面同垂直于一条直线。
三、数列问题篇1.在掌握等差数列、等比数列的定义、性质、通项公式、前n项和公式的基础上,系统掌握解等差数列与等比数列综合题的规律,深化数学思想方法在解题实践中的指导作用,灵活地运用数列知识和方法解决数学和实际生活中的有关问题;2.在解决综合题和探索性问题实践中加深对基础知识、基本技能和基本数学思想方法的认识,沟通各类知识的联系,形成更完整的知识网络,提高分析问题和解决问题的能力,进一步培养学生阅读理解和创新能力,综合运用数学思想方法分析问题与解决问题的能力。
高考数学答题技巧高考数学答题技巧(15篇)高考数学答题技巧1想考出优异的数学成绩,不但需要扎实的基础知识、较高的解题能力,临场考试的技巧更是学子圆梦所必需的。
那么该怎么做呢?1、合理安排,保持清醒。
数学考试在下午,建议中午休息半小时左右,睡不着闭闭眼睛也好,尽量放松。
然后带齐用具,提前半小时到考场。
2、通览全卷,摸透题情。
刚拿到试卷,一般较紧张,不宜匆忙作答,应从头到尾通览全卷,尽量从卷面上获取更多的信息,摸透题情。
这样能提醒自己先易后难,也可防止漏做题。
3、解答题规范有序。
一般来说,试题中容易题和中档题占全卷的80%以上,是考生得分的主要来源。
对于解答题中的容易题和中档题,要注意解题的规范化,关键步骤不能丢,如三种语言(文字语言、符号语言、图形语言)的表达要规范,逻辑推理要严谨,计算过程要完整,注意算理算法,应用题建模与还原过程要清晰,合理安排卷面结构对于解答题中的难题,得满分很困难,可以采用分段得分的策略,因为高考阅卷是分段评分。
比如可将难题划分为一个个子问题或一系列的步骤,先解决问题的一部分,能解决到什么程度就解决到什么程度,获取一定的分数。
有些题目有好几问,前面的小问你解答不出,但后面的小问如果根据前面的结论你能够解答出来,这时候不妨引用前面的结论先解答后面的,这样跳步解答也可以得分。
高考数学答题技巧2一、三角函数题注意归一公式、诱导公式的正确性(转化成同名同角三角函数时,套用归一公式、诱导公式(奇变、偶不变;符号看象限)时,很容易因为粗心,导致错误!一着不慎,满盘皆输!)。
二、数列题1、证明一个数列是等差(等比)数列时,最后下结论时要写上以谁为首项,谁为公差(公比)的等差(等比)数列;2、最后一问证明不等式成立时,如果一端是常数,另一端是含有n的式子时,一般考虑用放缩法;如果两端都是含n的式子,一般考虑数学归纳法(用数学归纳法时,当n=k+1时,一定利用上n=k时的假设,否则不正确。
利用上假设后,如何把当前的式子转化到目标式子,一般进行适当的放缩,这一点是有难度的。
2024年高考数学复习各题型解答方法总结一、选择题解答方法:选择题是高考数学中常见的题型,解答时需要注意以下几点:1. 仔细阅读题目:选择题通常给出了多个选项,要在其中选择正确的答案,所以需要仔细阅读题目,理解题意。
2. 排除法:如果对某个选项确定是错误的,可以直接排除掉,这样可以缩小范围,提高解题效率。
通过排除法,可以找出正确答案。
3. 筛选法:某些选择题的选项中有多个是正确答案,这时可以通过筛选法找出所有正确答案。
首先找出其中一个正确答案,然后再观察其他选项,看是否满足条件,以确定所有正确答案。
4. 推理法:有些选择题需要通过推理来确定答案,需要将题目中给出的条件进行分析,并运用相关知识进行推理,找出正确答案。
二、填空题解答方法:填空题是高考数学中另一种常见的题型,解答时需要注意以下几点:1. 明确题目要求:填空题通常要求填入一个数值,有时也可以是一个表达式。
在填写答案前,要先弄清楚题目要求填什么。
2. 利用已知条件:填空题中常会给出一些已知条件,可以根据这些条件来确定答案。
通过将已知条件代入等式或运用相关关系,可以得到待填空的数值,或者用待填空的变量表达式表示答案。
3. 反推法:有些填空题通过反推法也可以确定答案。
通过比较题目中给出的条件和填空选项的关系,可以反推出待填空的数值或表达式。
4. 多种途径:填空题可以有多种解法,可以多角度思考和尝试。
如果一种方法无法确定答案,可以尝试其他方法,找出最适合的解答途径。
三、解答题解答方法:解答题是高考数学中相对较难的题型,解答时需要注意以下几点:1. 理清思路:解答题一般需要通过一系列的步骤来解决问题,首先要理清思路,明确步骤和方法,避免盲目性解题。
2. 规范书写:解答题需要写清楚解题过程和推理思路,并在重要的步骤和结论处用画线等方式标注出来,以便阅卷人员清晰地看到解题思路。
3. 合理估算:有些解答题中给出的数据量较大,可以通过合理估算或化简计算来简化解答过程,提高解题效率。
高考数学答题技巧大全1调整好状态,控制好自我。
1保持清醒。
数学的考试时间在下午,建议同学们中午最好休息半个小时或一个小时,其间尽量放松自己,从心理上暗示自己:只有静心休息才能确保考试时清醒。
2按时到位。
今年的答题卡不再单独发放,要求答在答题卷上,但发卷时间应在开考前5-10分钟内。
建议同学们提前15-20分钟到达考场。
2通览试卷,树立自信。
刚拿到试卷,一般心情比较紧张,此时不易匆忙作答,应从头到尾、通览全卷,哪些是一定会做的题要心中有数,先易后难,稳定情绪。
答题时,见到简单题,要细心,莫忘乎所以。
面对偏难的题,要耐心,不能急。
3提高解选择题的速度、填空题的准确度。
数学选择题是知识灵活运用,解题要求是只要结果、不要过程。
因此,逆代法、估算法、特例法、排除法、数形结合法……尽显威力。
12个选择题,若能把握得好,容易的一分钟一题,难题也不超过五分钟。
由于选择题的特殊性,由此提出解选择题要求“快、准、巧”,忌讳“小题大做”。
填空题也是只要结果、不要过程,因此要力求“完整、严密”。
4审题要慢,做题要快,下手要准。
题目本身就是破解这道题的信息源,所以审题一定要逐字逐句看清楚,只有细致地审题才能从题目本身获得尽可能多的信息。
找到解题方法后,书写要简明扼要,快速规范,不拖泥带水,牢记高考评分标准是按步给分,关键步骤不能丢,但允许合理省略非关键步骤。
答题时,尽量使用数学语言、符号,这比文字叙述要节省而严谨。
1缺步解答:聪明的解题策略是,将它们分解为一系列的步骤,或者是一个个小问题,能解决多少就解决多少,能演算几步就写几步。
特别是那些解题层次明显的题目,或者是已经程序化了的方法,每进行一步得分点的演算都可以得分,最后结论虽然未得出,但分数却已过半。
2跳步答题:解题过程卡在某一过渡环节上是常见的。
这时,我们可以假定某些结论是正确的往后推,看能否得到结论,或从结论出发,看使结论成立需要什么条件。
如果方向正确,就回过头来,集中力量攻克这一“卡壳处”。
高考数学试卷答题的五个技巧高考数学试卷答题的五个技巧一、高考数学试卷答题技巧:但凡热爱数学科目的人并没有把数学当成一种学习,更多的是把数学当成一种游戏。
因为如果认为是学习的话就会有反感。
在解答数学试卷的时候,与其说是解答题目,不如说是追求一种成就感,那种把题抽丝剥茧一步步追寻到正确结果的完美境界。
1.考数学就是和时间的斗争。
问题卷一发下来后,首先把全部问题看一遍。
找出其中看上去最容易解答的题,然后假定步骤,思考怎么样的顺序解题才最好。
2.切忌不看题目盲目背题,要仔细审题,清楚题目要求你解决什么问题,然后有条不紊迅速解题,提高准确率。
3.解题格式要规范,重点步骤要突出。
4.卷选择题时间控制在35分中以内。
小题小做、巧做、简单做,选择题和填空题要多用数形结合、特殊值验证法等技巧,节约时间。
5.保持心静,以不变应万变。
切莫因旁人的翻卷或其他行为干扰自己的解决思路。
二、高考英语试卷答题技巧:1.时间控制:一般分三块:第一块,听力20分钟,语法10分钟,共30分钟。
第二块,完型填空20分钟,阅读理解35分钟,共55分钟。
第三块,翻译10分钟,写作20分钟,共30分钟。
还剩下5分钟用于检查试卷。
2.听力部分:卷子发下来后,应利用朗读说明的时间快速浏览题目,了解材料的大概内容,使听的重点集中到关键部分,这样回答的正确率会提高。
对听到的数字,如年代、年龄、人数等,应随手记下,以免遗忘。
如没听见,或太难而听不懂,要坦然放弃,纠缠不休只能使损失更大。
3.完形填空:读两遍为宜,第一遍通读全文,了解总的意思,从而不会造成大的偏差,第二遍再填词。
有困难可用排除法,意思为主,语法为辅。
4.阅读理解:对文章长的,可以先读题,带着问题找答案。
一边读一边将认为重要的部分划下来,这样做题容易快速找到依据。
把握文章的主要意思,作者的态度是回答难题的关键。
5.翻译题:读题后首先考虑大结构,提示的词或词组一般必须用上,译不出的词或词组,试着以简单、明确的方式来替代,译出基本意思就行,尽量不要空着。
50个高考数学解题技巧1 . 适用条件[直线过焦点],必有ecosA=(x-1)/(x+1),其中A为直线与焦点所在轴夹角,是锐角。
x为分离比,必须大于1。
注:上述公式适合一切圆锥曲线。
如果焦点内分(指的是焦点在所截线段上),用该公式;如果外分(焦点在所截线段延长线上),右边为(x+1)/(x-1),其他不变。
2 . 函数的周期性问题(记忆三个)(1)若f(x)=-f(x+k),则T=2k;(2)若f(x)=m/(x+k)(m不为0),则T=2k;(3)若f(x)=f(x+k)+f(x-k),则T=6k。
注意点:a.周期函数,周期必无限b.周期函数未必存在最小周期,如:常数函数。
c.周期函数加周期函数未必是周期函数,如:y=sinxy=sin派x相加不是周期函数。
3 . 关于对称问题(无数人搞不懂的问题)总结如下(1)若在R上(下同)满足:f(a+x)=f(b-x)恒成立,对称轴为x=(a+b)/2(2)函数y=f(a+x)与y=f(b-x)的图像关于x=(b-a)/2对称;(3)若f(a+x)+f(a-x)=2b,则f(x)图像关于(a,b)中心对称4 . 函数奇偶性(1)对于属于R上的奇函数有f(0)=0;(2)对于含参函数,奇函数没有偶次方项,偶函数没有奇次方项(3)奇偶性作用不大,一般用于选择填空5 . 数列爆强定律(1)等差数列中:S奇=na中,例如S13=13a7(13和7为下角标);(2)等差数列中:S(n)、S(2n)-S(n)、S(3n)-S(2n)成等差(3)等比数列中,上述2中各项在公比不为负一时成等比,在q=-1时,未必成立(4)等比数列爆强公式:S(n+m)=S(m)+q?mS(n)可以迅速求q6 . 数列的终极利器,特征根方程首先介绍公式:对于an+1=pan+q(n+1为下角标,n为下角标),a1已知,那么特征根x=q/(1-p),则数列通项公式为an=(a1-x)p?(n-1)+x,这是一阶特征根方程的运用。
高考数学重点题型答题技巧一、选择题:高考数学题选择题占40%的比重,把握好选择题是考取高分的基础。
选择题中一些专门方法,如排除法、专门值法、专门图形法、极限思想等的合理运用会使结果更准确,速度更快,专门是遇到较难的题目,第一应考虑是否能够用这些方法来解。
有些题目事实上确实是考查学生灵活应对能力的,常规思维专门难解决。
而哪些题目能够用此法,关键是看题中所给的条件和所求结论是否在一定范畴内具有一样性。
那个地点提一下专门值法,专门值法最适合的是选择题,专门适合的是选项里差不多上一个答案的题目,能够直截了当用专门值代入验证。
只是,用专门值要熟练,思路要清晰,基础知识要完全考虑到,而且不能脱离题干,不然专门容易得出错误的结论。
另外,专门值法并不是只是代入一个专门值就好了,能够尽量把能想到的两三个专门值代到里面去,比如在三角形中,专门值能够代入30°、60°、90°,但同时也应该注意三角形边角比例的关系,不然专门容易得出错误的答案,如此就得不偿失了。
那个地点解析中取的专门值是等边三角形,三个内角均为60°,假如取三个角分别为30°、60°、90°,尽管同样是我们比较熟悉的专门值,但却跟题干中所提到的“三个角对应的三条边a、b、c为等差数列”不符,自然就无法得到正确答案了。
二、填空题:概念要清,方法要对,运算要准。
填空题对思维的严密和运算的准确性要求都专门严格。
符号、小数点的错误都会造成劳而无获,因此要专门注意运算的规范,要一丝不苟,不可贪快不细,做无用功。
三、解答题:这一类型的题目的要求除了与填空题相同外,还应注意:1、注意分步解答题目的形式,若各个小问题由一个大前提统领,则专门可能上面的结论是下面问题的条件,要注意这一点,同时若小问题单独添加了限制条件,则其结论不可应用于下一个小问题的解答,因此应认真审题,不可疏忽。
2、在运算过程中要求一次性运算准确,否则若显现运算失误,考生往往受思维定式的阻碍,专门难检查出来。
高考数学答题的技巧
高考数学答题的技巧如下:
1. 熟悉题型:了解各种题型的解题方法和常见的解法思路,比如选择题、填空题、解答题等。
熟悉题型可以提高解题效率。
2. 掌握基本知识点和公式:复习数学基础知识是解题的基础,掌握常见的公式和定理可以帮助你更好地解决问题。
3. 分析题目:仔细阅读题目,理解问题的要求和条件,分析问题的解题思路,合理组织解题步骤。
4. 列表清晰的解题步骤:对于解答题,尽量按照逻辑顺序列出解题步骤,写清解题思路和说明,避免遗漏和混乱。
5. 注意计算的准确性和规范性:注意计算精度,避免粗心错误;计算过程要规范,加注单位,使用正确的数学符号。
6. 做题时注意时间分配:在考试时间有限的情况下,合理分配时间并控制时间消耗,避免卡住一道题导致整个卷子时间不够。
7. 多做练习题和模拟题:通过大量的练习和模拟考试,可以提高解题速度和准确性,熟悉考试内容和形式。
8. 复查答案和检查漏洞:在完成题目后,留出时间复查答案,检查是否有计算错误、题目理解错误,以及是否有未作答或忽略的题目。
9. 敢于尝试新的解题方法:有时候,问题可能会有多种解法,敢于尝试新的解题方法可以帮助你更好地解决问题。
10. 保持冷静和稳定的心态:在考试中保持冷静和稳定的心态,不被一道题的困难所影响。
只有保持良好的心态才能发挥出最佳水平。
高考的数学答题技巧〔推荐8篇〕篇1:数学高考答题技巧另外,在高考时很多同学往往因为时间不够导致数学试卷不能写完,试卷得分不高,掌握解题思想可以帮助同学们快速找到解题思路,节约考虑时间。
以下总结高考数学五大解题思想,帮助同学们更好地提分。
1.函数与方程思想函数思想是指运用运动变化的观点,分析^p 和研究数学中的数量关系,通过建立函数关系运用函数的图像和性质去分析^p 问题、转化问题和解决问题;方程思想,是从问题的数量关系入手,运用数学语言将问题转化为方程或不等式模型去解决问题。
同学们在解题时可利用转化思想进展函数与方程间的互相转化。
2.数形结合思想中学数学研究的对象可分为两大局部,一局部是数,一局部是形,但数与形是有联络的,这个联络称之为数形结合或形数结合。
它既是寻找问题解决切入点的“法宝”,又是优化解题途径的“良方”,因此建议同学们在解答数学题时,能画图的尽量画出图形,以利于正确地理解题意、快速地解决问题。
3.特殊与一般的思想用这种思想解选择题有时特别有效,这是因为一个命题在普遍意义上成立时,在其特殊情况下也必然成立,根据这一点,同学们可以直接确定选择题中的正确选项。
不仅如此,用这种思想方法去探求主观题的求解策略,也同样有用。
4.极限思想解题步骤极限思想解决问题的一般步骤为:一、对于所求的未知量,先设法构思一个与它有关的变量;二、确认这变量通过无限过程的结果就是所求的未知量;三、构造函数(数列)并利用极限计算法那么得出结果或利用图形的极限位置直接计算结果。
5.分类讨论思想同学们在解题时常常会遇到这样一种情况,解到某一步之后,不能再以统一的方法、统一的式子继续进展下去,这是因为被研究的对象包含了多种情况,这就需要对各种情况加以分类,并逐类求解,然后综合归纳得解,这就是分类讨论。
引起分类讨论的原因很多,数学概念本身具有多种情形,数学运算法那么、某些定理、公式的限制,图形位置的不确定性,变化等均可能引起分类讨论。
高考考试高分技巧与方法有哪些总结高考数学得高分的五大考试技巧一、构建知识脉络要学会构建知识脉络,数学概念是构建知识网络的出发点,也是数学中考考查的重点。
因此,我们要掌握好代数中的数、式、不等式、方程、函数、三角比、统计和几何中的平行线、三角形、四边形、圆的概念、分类,定义、性质和判定,并会应用这些概念去解决一些问题。
二、夯实数学基础在复习过程中夯实数学基础,要注意知识的不断深化,注意知识之间的内在联系和关系,将新知识及时纳入已有知识体系,逐步形成和扩充知识结构系统,这样在解题时,就能由题目所提供的信息,从记忆系统中检索出有关信息,选出最佳组合信息,寻找解题途径、优化解题过程。
三、建立病例档案准备一本数学学习“病例卡”,把平时犯的错误记下来,找出“病因”开出“处方”,并且经常地拿出来看看、想想错在哪里,为什么会错,怎么改正,这样到中考时你的数学就没有什么“病例”了。
我们要在教师的指导下做一定数量的数学习题,积累解题经验、总结解题思路、形成解题思想、催生解题灵感、掌握学习方法。
四、常用公式技巧准确对经常使用的数学公式要理解来龙去脉,要进一步了解其推理过程,并对推导过程中产生的一些可能变化自行探究。
对今后继续学习所必须的知识和技能,对生活实际经常用到的常识,也要进行必要的训练。
例如:1-20的平方数;简单的勾股数;正三角形的面积公式以及高和边长的关系;30°、45°直角三角形三边的关系……这样做,一定能更好地掌握公式并胜过做大量习题,而且往往会有意想不到的.效果。
五、强化题组训练除了做基础训练题、平面几何每日一题外,还可以做一些综合题,并且养成解题后反思的习惯。
反思自己的思维过程,反思知识点和解题技巧,反思多种解法的优劣,反思各种方法的纵横联系。
而总结出它所用到的数学思想方法,并把思想方法相近的题目编成一组,不断提炼、不断深化,做到举一反三、触类旁通。
逐步学会观察、试验、分析、猜想、归纳、类比、联想等思想方法,主动地发现问题和提出问题。
高考数学答题技巧一览高考数学答题技巧一览数学是高考的一门必修科目,也是许多学生心中最头疼的一门科目。
数学的题目类型繁多,而且不同年份的高考试题难度也不尽相同,但是在高考数学答题中,有些技巧和方法是通用的,运用好这些技巧和方法可以在短时间内提升答题效率,达到更好的成绩。
本文将介绍一些常见的高考数学答题技巧,供读者参考。
一、抓住重点、短平快考试时间有限,抓住重点、短平快是解题的重要策略。
在考场上遇到一道数学题目,一定要仔细阅读题目要求,找出数学问题的重难点,确定所求解题目的关键信息,然后思考正确的解题方向和方法。
如果你对某些知识点掌握比较困难,不要一味地死磕,可以优先解决一些熟悉掌握的、能够快速解决的题目,顺便提高一下心理素质和答题速度,留下更多的时间去攻克难题。
二、题目分类,常识分析高考数学题目类型各不相同,但是归纳总结起来,主要包括以下几类:函数题、几何题、概率与统计题、数列与数学归纳法题、解方程题等等。
虽然每种题型又各自存在多种解题方法,但是在解题之前我们可以先对题目进行分类,因为各类题目都有对应的解题模式和方法,依此进行解题可以大大提高解题效率。
同时在解题过程中对一些常识的使用也很重要,比如数学符号的意义,正确的数学计算规则等等,这些很基础的知识点不但可以提高解题效率,还可以减少错误率。
三、化繁为简,化式方便高考数学中有很多与数学符号、公式、单位走向有关的题目,这些题目看上去相对比较复杂,但是只要我们懂得化繁为简、化式方便的方法,就能够迎刃而解。
在这种类型的题目中,我们可以先根据已知的数学关系式化简式子,或者进行通分、通约、抵消、转移项等步骤,有时候会得到更为简单的式子,这样我们就可以迅速找出解题思路、使用求解方法、求取答案。
当然在化繁为简的过程中,切勿草率从事,忽略一些非常重要的细节。
四、多利用图形,准确无误数学几何中,图形是解题离不开的工具。
所以,要善于利用图形,在解题的时候画出对应图形,并掌握好几何构造的基本原理,以便更准确无误地解题。
2024年高考数学的答题技巧总结
可能包括以下几点:
1. 理解题意:在答题前,先仔细阅读题目,并理解题目的要求和条件。
如果题目较长,可以将关键信息用自己的话简洁地概括,以便更好地理解。
2. 列式解题:对于问题较复杂的数学题目,可以采用列式解题的方法,将问题中的关系用符号和方程表示出来,通过分析方程的性质来解题。
3. 抓住重点:数学题目中经常会有一些关键信息或条件,抓住这些重点信息,可以有针对性地选择解题方法和步骤,节省时间和精力。
4. 善于利用已知条件:在解题过程中,要善于利用已知条件,尽量利用这些条件推导出更多的信息。
有时,已知条件可能会暗含一些隐含条件,需要注意发现和利用。
5. 备选法选择答案:对于选择题,可以采用备选法进行答题。
先将答案代入题目中,判断是否符合题目要求,排除不符合的选项,再从剩下的选项中选择正确答案。
6. 多维思考:在解题过程中,要善于运用多种解题方法和角度,尝试不同的思路和思考方向,有助于找到更多的解题思路。
7. 练习和巩固:数学是需要不断练习和巩固的学科,通过大量的练习题目,可以提高解题的速度和准确性,掌握更多的解题技巧。
请注意,以上总结仅是一般性的答题技巧,具体还要根据题型和难度进行具体分析和运用。
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高考数学各题型答题技巧及解题思路高考数学是高考三科中重要的一科,而其中数学各题型更是着重考查学生的数学基础和逻辑思维能力。
如何应对高考数学各题型,答题技巧及解题思路是重中之重,下文将对此进行详细阐述。
一、选择题型选择题型是高考数学中的必考题型,考查学生对于数学知识点的掌握以及运算技能的理解和应用。
在做选择题时,我们首先需要掌握以下答题技巧:1、理清题意,分析选项,进行排除。
首先要认真阅读题目中的条件和限制,充分理解题目意思。
接着,结合选项进行逐一排除,将不符合题目要求的选项进行剔除,尽可能缩小正确选项的范围。
2、关注题目中的关键点,确定答案。
有一些题目中会存在一些难以计算的数值,但是这些数值可能不是答案,只是一些附加信息。
因此,我们需要关注题目中的关键点,如某个几何图形的形状、数量、运算符号等,有时候答案就隐藏在其中。
3、复核答案,避免扣分。
做完选择题后,一定要检查答案的合理性和准确性,避免因为抄错、计算错误等原因导致分数的扣除。
二、填空题型填空题型是高考数学中常见的一种题型,也考查学生对于数学知识点的理解和运用,同时也是考查学生的计算技巧及对于一些表述的差别的理解。
具体答题技巧如下:1、仔细阅读题目,确定无关量并化简。
在做填空题时,首先要仔细阅读题目,将无关量进行化简,避免因为计算量过大而导致错误。
2、对于公式进行熟记熟练的运用。
对于常见的数学公式和定理,我们需要进行熟知和熟记,再进行熟练的运用。
例如对于等差数列,我们应该熟记其首项 a 和公差 d 的计算方法,并尽可能减少计算出错的可能性。
3、注意单位和精度要求。
填空题中,有时候会要求保留小数位数,或者使用特定单位。
我们需要注意这些细节,尽量减少算术粗劣的错误。
三、解答题型解答题型是高考数学中最常见的题型,也是最考验学生数学综合能力的题型之一。
其答题思路较为复杂,需要在做题时注意以下技巧:1、理解题目,寻求解题思路。
在解答题时,我们需要先仔细阅读题目,理解题目的条件、运算符号等,并寻求解题的思路。
高考学生必备数学答题技巧总结高考数学是难度比较大的,对于数学并不是十分擅长的考生,如何尽可能多得几分呢?需要掌握哪些答题技巧?下面是为大家整理的关于高考学生必备数学答题技巧,欢迎大家来阅读。
高考数学的答题技巧一、你需要了解的答题顺序其实很多同学平时并没有注意答题顺序,大部分人都是试卷发下来后采用从头到尾的顺序去答题;但是今天我想告诉各位考生,其实答题顺序很重要,很多人就因为从头到尾在前面浪费了很多时间,导致后面大题会的也没有做出来,结果就白白浪费了机会。
为此,我建议大家按照以下顺序进行答题:1.做选择题前10个或前11个首先做选择题前10个或前11个,做完后就开始涂答题卡,一定要做完选择题就涂答题卡,我见过太多的同学因为做完选择题、填空题没有及时涂答题卡,导致后面做大题没有时间涂答题卡,考试时间到还未来得及涂卡在考场苦苦哀求监考老师给一分钟机会,可是高考对每个人而言都是公平的,监考老师也不可能为了你的痛哭流涕就心软给你额外一分钟的时间,所以最后一般都是会无情的收走试卷,如果你真的将答案做出来写在了试卷上,却未来得及涂卡,那么你是不是要后悔一辈子了?所以,尽可能做完选择题前11个就涂答题卡。
一第1页共7页般而言,最后一个选择题较难,大部分人做五分钟如果还做不出来就先放弃,选择B或者C,大概率显示高考数学选择题近几年的答案一般都是B或者C。
节约时间在后面的部分,不要为了一棵树而放弃整片森林,不然得不偿失。
2.做填空题前三个高考数学中,填空题前三个一般情况下难度适中,你尽量用最短的时间作出后就填在答题纸上,避免后续时间紧张而来不及填写,最后一个填空题你先看一遍题目,倘若看完题目毫无思绪的话,暂且放弃,留到最后,倘若有时间就再回过头来看看,如果没有时间就随便填蒙一个,一般情况下都是特殊数字,比如0、1等。
3.做你会做的大题在做大题的过程中,一定要先做你会做的题目,以防万一后续由于过度紧张或时间紧张来不及做会做的题目,你先保证你能拿到的分数,再去挑战有难度的题目。
2024年高考数学解题技巧数学是高考中最重要的科目之一,也是许多考生感到头疼的科目。
在2024年高考中,想要取得理想的成绩,掌握一些解题技巧是非常必要的。
本文将介绍一些在高考数学考试中实用的解题技巧,希望能帮助考生们取得好成绩。
一、选择题解题技巧选择题在高考数学试卷中占据了很大的比重,熟练掌握解题技巧可以提高解题效率,减少解题错误。
以下是几个常用的选择题解题技巧:1. 看清题目要求:仔细阅读题目,理清题目要求,避免遗漏或错误理解。
2. 排除法:对于选项中明显不符合题目要求的选项,可以先排除,缩小答案范围。
3. 代入法:对于涉及计算的选择题,可以尝试代入答案来验证选项的可行性,排除错误选项。
4. 类比法:对于一些形式相近的题目,可以借鉴已有解题思路和方法。
二、填空题解题技巧填空题需要考生自己计算得出结果,但并不代表没有解题技巧可循。
以下是几个常用的填空题解题技巧:1. 空格顺序:填空题有时给出了必要的计算步骤和顺序,按照题目要求的顺序进行计算,避免漏填或填错。
2. 空间利用:填空题答题空间有限,需要合理分配计算步骤和计算结果。
可以使用草稿纸辅助计算,减少纸张使用量。
3. 注意单位:填空题中的计算过程中需要注意单位的转换,确保答案的准确性。
三、解答题解题技巧解答题是考生展现数学运算能力和解题能力的重点。
以下是几个常用的解答题解题技巧:1. 阅读题目:仔细阅读题目,理解题目要求和限制条件,明确解答的重点和目标。
2. 设定变量:对于涉及未知数的问题,可以适当设定变量,简化解题过程。
3. 画图分析:对于几何类题目,可以画出相应的图形,通过直观的图形分析来解题。
4. 逻辑推理:对于一些涉及逻辑关系的题目,可以通过逻辑推理推导出答案,提高解题效率。
总结:在2024年的高考数学考试中,掌握一些解题技巧可以帮助考生们在有限的时间里更好地完成试题。
选择题的排除法和代入法,填空题的空格顺序和空间利用,解答题的阅读题目和逻辑推理等技巧都对于解题过程有着积极的作用。
2023年高考数学考试技巧记忆口诀一、基础知识记忆:1. 二次函数求顶点:x = -b / (2a),y = c - b^2 / (4a)。
2. 三角函数正弦公式:a / sinA = b / sinB = c / sinC。
3. 平行四边形面积:S = 底边长度 ×高。
4. 相似三角形定理:对应边成比例,对应角相等。
5. 圆的面积公式:S = πr^2,周长公式:C = 2πr。
二、解题方法记忆:1. 代入法:将已知条件代入方程进行求解。
2. 分类讨论法:根据不同的情况进行分类讨论,找到解决问题的方法。
3. 逆向推理法:从答案往已知条件反推,找到解题思路。
4. 图形法:将问题转化为几何图形,通过观察图形来解答问题。
5. 等价变形法:根据已知条件,将问题进行等价变形,从而简化解题过程。
三、答题技巧记忆:1. 面积题技巧:根据已知条件,选用适当的面积公式计算。
2. 几何图形分类:熟记各种几何图形的性质和特征,根据题目信息进行分类解答。
3. 快速计算技巧:掌握快速计算加减乘除的技巧,提高解题速度。
4. 注意单位转换:在题目中出现单位转换时,注意将相应的值进行转换。
5. 多角度思考:对于复杂问题,多角度思考,换位思考,寻找多种解题思路。
四、备考建议记忆:1. 制定复计划:合理安排每天的复时间,错题集、题册是必备的复材料。
2. 分段复:将数学知识进行分段复,有助于深化记忆。
3. 真题训练:多做真题,熟悉考试形式和题型,提高应试能力。
4. 积极解疑答疑:遇到困难及时向老师、同学请教,解决问题。
5. 自信心培养:相信自己的能力,保持积极心态,充满自信地面对考试。
以上是2023年高考数学考试技巧记忆口诀,希望对你的备考有所帮助!加油!。
导数及其应用【2019年高考考纲解读】高考对本内容的考查主要有:(1)导数的几何意义是考查热点,要求是B级,理解导数的几何意义是曲线上在某点处的切线的斜率,能够解决与曲线的切线有关的问题;(2)导数的运算是导数应用的基础,要求是B级,熟练掌握导数的四则运算法则、常用导数公式及复合函数的导数运算,一般不单独设置试题,是解决导数应用的第一步;(3)利用导数研究函数的单调性与极值是导数的核心内容,要求是B级,对应用导数研究函数的单调性与极值要达到相等的高度.(4)导数在实际问题中的应用为函数应用题注入了新鲜的血液,使应用题涉及到的函数模型更加宽广,要求是B级;【重点、难点剖析】1.导数的几何意义(1)函数y=f(x)在x=x0处的导数f′(x0)就是曲线y=f(x)在点(x0,f(x0))处的切线的斜率,即k=f′(x0).(2)曲线y=f(x)在点(x0,f(x0))处的切线方程为y-f(x0)=f′(x0)(x-x0).2.基本初等函数的导数公式和运算法则(1)基本初等函数的导数公式原函数导函数f(x)=c f′(x)=0f(x)=x n(n∈R)f′(x)=nx n-1f(x)=sin x f′(x)=cos xf(x)=cos x f′(x)=-sin xf(x)=a x(a>0且a≠1)f′(x)=a x ln af(x)=e x f′(x)=e xf(x)=log a x(a>0且a≠1)f′(x)=1x ln af (x )=ln xf ′(x )=1x(2)导数的四则运算①[u (x )±v (x )]′=u ′(x )±v ′(x ); ②[u (x )v (x )]′=u ′(x )v (x )+u (x )v ′(x ); ③⎣⎢⎡⎦⎥⎤u x v x ′=u ′x v x -u x v ′x [v x ]2(v (x )≠0).3.函数的单调性与导数如果已知函数在某个区间上单调递增(减),则这个函数的导数在这个区间上大(小)于零恒成立.在区间上离散点处导数等于零,不影响函数的单调性,如函数y =x +sin x .【感悟提升】(1)求曲线的切线要注意“过点P 的切线”与“在点P 处的切线”的差异,过点P 的切线中,点P 不一定是切点,点P 也不一定在已知曲线上,而在点P 处的切线,必以点P 为切点. (2)利用导数的几何意义解题,主要是利用导数、切点坐标、切线斜率之间的关系来进行转化.以平行、垂直直线斜率间的关系为载体求参数的值,则要求掌握平行、垂直与斜率之间的关系,进而和导数联系起来求解.【变式探究】(2018·全国Ⅱ)曲线y =2ln(x +1)在点(0,0)处的切线方程为________. 答案 2x -y =0解析 ∵y =2ln(x +1),∴y ′=2x +1.令x =0,得y ′=2,由切线的几何意义得切线斜率为2,又切线过点(0,0),∴切线方程为y =2x ,即2x -y =0.【2016高考新课标2理数】若直线y kx b =+是曲线ln 2y x =+的切线,也是曲线的切线,则b = .【答案】1ln2-【解析】对函数ln 2y x =+求导得1y x'=,对求导得11y x '=+,设直线y kx b =+与曲线ln 2y x =+相切于点111(,)P x y ,与曲线相切于点222(,)P x y ,则,由点111(,)P x y 在切线上得,由点222(,)P x y 在切线上得,这两条直线表示同一条直线,所以,解得.【感悟提升】函数图像上某点处的切线斜率就是函数在该点处的导数值.求曲线上的点到直线的距离的最值的基本方法是“平行切线法”,即作出与直线平行的曲线的切线,则这条切线到已知直线的距离即为曲线上的点到直线的距离的最值,结合图形可以判断是最大值还是最小值.【举一反三】(2015·陕西,15)设曲线y =e x在点(0,1)处的切线与曲线y =1x(x >0)上点P处的切线垂直,则P 的坐标为________. 解析 ∵(e x)′|x =0=e 0=1,设P (x 0,y 0),有⎪⎪⎪⎝ ⎛⎭⎪⎫1x ′x =x 0=-1x 20=-1, 又∵x 0>0,∴x 0=1,故x P (1,1). 答案 (1,1)【变式探究】 (1)曲线y =x ex -1在点(1,1)处切线的斜率等于( )A .2eB .eC .2D .1(2)在平面直角坐标系xOy 中,若曲线y =ax 2+b x (a ,b 为常数)过点P(2,-5),且该曲线在点P 处的切线与直线7x +2y +3=0平行,则a +b 的值是________. 【命题意图】 (1)本题主要考查函数求导法则及导数的几何意义. (2)本题主要考查导数的几何意义,意在考查考生的运算求解能力. 【答案】(1)C (2)-3【感悟提升】1.求曲线的切线要注意“过点P 的切线”与“在点P 处的切线”的差异,过点P 的切线中,点P 不一定是切点,点P 也不一定在已知曲线上,而在点P 处的切线,必以点P 为切点. 2.利用导数的几何意义解题,主要是利用导数、切点坐标、切线斜率之间的关系来进行转化.以平行、垂直直线斜率间的关系为载体求参数的值,则要求掌握平行、垂直与斜率之间的关系,进而和导数联系起来求解. 题型二、利用导数研究函数的单调性 【例2】已知函数f (x )=2e x-kx -2. (1)讨论函数f (x )在(0,+∞)内的单调性;(2)若存在正数m ,对于任意的x ∈(0,m ),不等式|f (x )|>2x 恒成立,求正实数k 的取值范围.解 (1)由题意得f ′(x )=2e x -k ,x ∈(0,+∞), 因为x >0,所以2e x>2.当k ≤2时,f ′(x )>0,此时f (x )在(0,+∞)内单调递增. 当k >2时,由f ′(x )>0得x >ln k2,此时f (x )单调递增;由f ′(x )<0得0<x <ln k2,此时f (x )单调递减.综上,当k ≤2时,f (x )在(0,+∞)内单调递增; 当k >2时,f (x )在⎝⎛⎭⎪⎫0,ln k 2内单调递减,在⎝ ⎛⎭⎪⎫ln k2,+∞内单调递增. 校的套题每日的销售量y (单位:千套)与销售价格x (单位:元/套)满足关系式y =mx -2+4(x -6)2,其中2<x <6,m 为常数.已知销售价格为4元/套时,每日可售出套题21千套.(1)求m 的值; 校的员工工资、办公等所有开销折合为每套题2元(只考虑销售出的套数),试确定销售价格x 的值,使网校每日销售套题所获得的利润最大.(保留一位小数) 【解析】解 (1)因为x =4时,y =21, 代入关系式y =mx -2+4(x -6)2,得 m2+16=21,解得m =10.(2)由(1)可知,套题每日的销售量y =10x -2+4(x -6)2, 所以每日销售套题所获得的利润f (x )=(x -2)10x -2+4(x -6)2=4x 3-56x 2+240x -278(2<x <6),从而f ′(x )=12x 2-112x +240=4(3x -10)(x -6)(2<x <6). 令f ′(x )=0,得x =103,且在⎝ ⎛⎭⎪⎫2,103上,f ′(x )>0,函数f (x )单调递增;在(103,6)上,f ′(x ) <0,函数f (x )单调递减,所以x =103是函数f (x )在(2,6)内的极大值点,也是最大值点,所以当x =103≈3.3时,函数f (x )取得最大值.故当销售价格为3.3元/套时, 网校每日销售套题所获得的利润最大.【规律方法】在利用导数求实际问题中的最大值和最小值时,不仅要注意函数模型中的定义域,还要注意实际问题的意义,不符合的解要舍去. 题型五 利用导数解决不等式的有关问题【例5】(2016·高考全国Ⅱ卷)已知函数f (x )=(x +1)ln x -a (x -1). (1)当a =4时,求曲线y =f (x )在(1,f (1))处的切线方程; (2)若当x ∈(1+∞)时,f (x )>0,求a 的取值范围. (1)f (x )的定义域为(0,+∞).当a =4时,f (x )=(x +1)ln x -4(x -1),f (1)=0,f ′(x )=ln x +1x-3,f ′(1)=-2.故曲线y =f (x )在(1,f (1))处的切线方程为2x +y -2=0. (2)当x ∈(1,+∞)时,f (x )>0等价于ln x -a x -1x +1>0.设g (x )=ln x -a x -1x +1,则g ′(x )=1x-2a x +12=x 2+21-a x +1x x +12,g (1)=0. ①当a ≤2,x ∈(1+∞)时,x 2+2(1-a )x +1≥x 2-2x +1>0,故g ′(x )>0,g (x )在(1,+∞)单调递增,因此g (x )>0; ②当a >2时,令g ′(x )=0得x 1=a -1-a -12-1,x 2=a -1+a -12-1.由x 2>1和x 1x 2=1得x 1<1,故当x ∈(1,x 2)时,g ′(x )<0,g (x )在(1,x 2)单调递减,因此g (x )<0.综上,a 的取值范围是(-∞,2].【举一反三】 (2015·湖南,21)已知a >0,函数f (x )=e axsin x (x ∈[0,+∞)).记x n 为f (x )的从小到大的第n (n ∈N *)个极值点,证明:(1)数列{f (x n )}是等比数列; (2)若a ≥1e 2-1,则对一切n ∈N *,x n <|f (x n )|恒成立. 证明 (1)f ′(x )=a e axsin x +e axcos x =e ax(a sin x +cos x ) =a 2+1e axsin(x +φ), 其中tan φ=1a ,0<φ<π2.令f ′(x )=0,由x ≥0得x +φ=m π, 即x =m π-φ,m ∈N *,对k ∈N ,若2k π<x +φ<(2k +1)π, 即2k π-φ<x <(2k +1)π-φ, 则f ′(x )>0;若(2k +1)π<x +φ<(2k +2)π,即(2k +1)π-φ<x <(2k +2)π-φ,则f ′(x )<0. 因此,在区间((m -1)π,m π-φ)与(m π-φ,m π)上,f ′(x )的符号总相反.于是当x =m π-φ(m ∈N *)时,f (x )取得极值, 所以x n =n π-φ(n ∈N *). 此时,f (x n )=ea (n π-φ)sin(n π-φ)=(-1)n +1e a (n π-φ)sin φ.易知f (x n )≠0,而f (x n +1)f (x n )=(-1)n +2e a [(n +1)π-φ]sin φ(-1)n +1e a (n π-φ)sin φ=-e a π是常数,故数列{f (x n )}是首项为f (x 1)=e a (π-φ)sin φ,公比为-e a π的等比数列.(2)由(1)知,sin φ=1a 2+1,于是对一切n ∈N *; x n <|f (x n )|恒成立,即n π-φ<1a 2+1e a (n π-φ)恒成立,等价于a 2+1a <ea (n π-φ)a (n π-φ)(*)恒成立,因为(a >0).设g (t )=ett (t >0),则g ′(t )=e t(t -1)t2. 令g ′(t )=0得t =1.当0<t <1时,g ′(t )<0,所以g (t )在区间(0,1)上单调递减; 当t >1时,g ′(t )>0,所以g (t )在区间(1,+∞)上单调递增. 从而当t =1时,函数g (t )取得最小值g (1)=e.因此,要使(*)式恒成立,只需a 2+1a<g (1)=e ,即只需a >1e 2-1. 而当a =1e 2-1时,由tan φ=1a =e 2-1>3且0<φ<π2知,π3<φ<π2. 于是π-φ<2π3<e 2-1,且当n ≥2时,n π-φ≥2π-φ>3π2>e 2-1.因此对一切n ∈N *,ax n =n π-φe 2-1≠1,所以g (ax n )>g (1)=e =a 2+1a .故(*)式亦恒成立. 综上所述,若a ≥1e 2-1, 则对一切n ∈N *,x n <|f (x n )|恒成立.【变式探究】(2015·福建,20)已知函数f (x )=ln(1+x ),g (x )=kx (k ∈R ). (1)证明:当x >0时,f (x )<x ;(2)证明:当k <1时,存在x 0>0,使得对任意的x ∈(0,x 0),恒有f (x )>g (x ); (3)确定k 的所有可能取值,使得存在t >0,对任意的x ∈(0,t ),恒有|f (x )-g (x )|<x 2. (1)证明 令F (x )=f (x )-x =ln(1+x )-x ,x ∈(0,+∞),则有F ′(x )=11+x -1=-x x +1.当x ∈(0,+∞)时,F ′(x )<0, 所以F (x )在(0,+∞)上单调递减,故当x >0时,F (x )<F (0)=0,即当x >0时,f (x )<x .(2)证明 令G (x )=f (x )-g (x )=ln(1+x )-kx ,x ∈(0,+∞), 则有G ′(x )=1x +1-k =-kx +(1-k )x +1.当k ≤0时,G ′(x )>0,故G (x )在(0,+∞)单调递增,G (x )>G (0)=0, 故任意正实数x 0均满足题意.当0<k <1时,令G ′(x )=0,得x =1-k k =1k-1>0,取x 0=1k-1,对任意x ∈(0,x 0),有G ′(x )>0,从而G (x )在(0,x 0)单调递增, 所以G (x )>G (0)=0, 即f (x )>g (x ).综上,当k <1时,总存在x 0>0,使得对任意x ∈(0,x 0),恒有f (x )>g (x ). (3)解 当k >1时,由(1)知,对于∀x ∈ (0,+∞),g (x )>x >f (x ),故g (x )>f (x ), |f (x )-g (x )|=g (x )-f (x ) =kx -ln(1+x ).M (x )=kx -ln(1+x )-x 2,x ∈[0,+∞).则有M ′(x )=k -11+x -2x=-2x 2+(k -2)x +k -1x +1.故当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,k -2+(k -2)2+8(k -1)4时,M ′(x )>0,M (x )在⎣⎢⎡⎭⎪⎫0,k -2+(k -2)2+8(k -1)4上单调递增,故M (x )>M (0)=0,即|f (x )-g (x )|>x 2,所以满足题意的t 不存在. 当k <1时,由(2)知,存在x 0>0,使得当x ∈(0,x 0)时,f (x )>g (x ), 此时|f (x )-g (x )|=f (x )-g (x )=ln(1+x )-kx .令N (x )=ln(1+x )-kx -x 2,x ∈[0,+∞). 则有N ′(x )=1x +1-k -2x =-2x 2-(k +2)x +1-k x +1.当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,-(k +2)+(k +2)2+8(1-k )4时,N ′(x )>0,N (x )在⎣⎢⎡⎭⎪⎫0,-(k +2)+(k +2)2+8(1-k )4上单调递增,故N (x )>N (0)=0,即f (x )-g (x )>x 2.记x 0与-(k +2)+(k +2)2+8(1-k )4中的较小者为x 1,则当x ∈(0,x 1)时,恒有|f (x )-g (x )|>x 2. 故满足题意的t 不存在.当k =1时,由(1)知,当x >0时,|f (x )-g (x )|=g (x )-f (x )=x -ln(1+x ), 令H (x )=x -ln(1+x )-x 2,x ∈[0,+∞), 则有H ′(x )=1-11+x -2x =-2x 2-x x +1.当x >0时,H ′(x )<0,所以H (x )在[0,+∞)上单调递减, 故H (x )<H (0)=0.故当x >0时,恒有|f (x )-g (x )|<x 2. 此时,任意正实数t 均满足题意. 综上,k =1.法二 (1)(2)证明 同法一.(3)解 当k >1时,由(1)知,对于∀x ∈(0,+∞),g (x )>x >f (x ), 故|f (x )-g (x )|=g (x )-f (x )=kx -ln(1+x )>kx -x =(k -1)x . 令(k -1)x >x 2,解得0<x <k -1.从而得到,当k >1时,对于x ∈(0,k -1), 恒有|f (x )-g (x )|>x 2, 故满足题意的t 不存在.当k <1时,取k 1=k +12,从而k <k 1<1,由(2)知,存在x 0>0,使得x ∈(0,x 0),f (x )>k 1x >kx =g (x ),此时|f (x )-g (x )|=f (x )-g (x )>(k 1-k )x =1-k2x ,令1-k 2x >x 2,解得0<x <1-k 2,此时f (x )-g (x )>x 2. 记x 0与1-k 2的较小者为x 1,当x ∈(0,x 1)时,恒有|f (x )-g (x )|>x 2. 故满足题意的t 不存在.当k =1时,由(1)知,x >0,|f (x )-g (x )|=f (x )-g (x )=x -ln(1+x ), 令M (x )=x -ln(1+x )-x 2,x ∈[0,+∞), 则有M ′(x )=1-11+x -2x =-2x 2-x x +1.当x >0时,M ′(x )<0,所以M (x )在[0,+∞)上单调递减, 故M (x )<M (0)=0.故当x >0时, 恒有|f (x )-g (x )|<x 2,此时,任意正实数t 均满足题意. 综上,k =1.题型六 函数与导数的综合问题【例6】(2016·高考全国Ⅰ卷)已知函数f (x )=(x -2)e x+a (x -1)2有两个零点. (1)求a 的取值范围;(2)设x 1,x 2是f (x )的两个零点,证明:x 1+x 2<2.③设a <0,由f ′(x )=0得x =1或x =ln(-2a ). 若a ≥-e2,则ln(-2a )≤1,故当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )>0,因此f (x )在(1,+∞)内单调递增.又当x ≤1时,f (x )<0,所以f (x )不存在两个零点.若a <-e2,则ln(-2a )>1,故当x ∈(1,ln(-2a ))时,f ′(x )<0;当x ∈(ln(-2a ),+∞)时,f ′(x )>0.因此f (x )在(1,ln(-2a ))内单调递减,在(ln(-2a ),+∞)内单调递增. 又当x ≤1时,f (x )<0,所以f (x )不存在两个零点. 综上,a 的取值范围为(0,+∞).(2)不妨设x 1<x 2,由(1)知,x 1∈(-∞,1),x 2∈(1,+∞),2-x 2∈ (-∞,1),f (x )在(-∞,1)内单调递减,所以x 1+x 2<2等价于f (x 1)>f (2-x 2),即f (2-x 2)<0. 由于f (2-x 2)=-x 2e 22x -+a (x 2-1)2, 而f (x 2)=(x 2-2)e 2x +a (x 2-1)2=0, 所以f (2-x 2)=-x 2e 22x --(x 2-2)e x 2. 设g (x )=-x e2-x-(x -2)e x,则g ′(x )=(x -1)(e 2-x-e x).所以当x >1时,g ′(x )<0,而g (1)=0,故当x >1时,g (x )<0. 从而g (x 2)=f (2-x 2)<0,故x 1+x 2<2.【举一反三】 (2015·广东,19)设a >1,函数f (x )=(1+x 2)e x-a . (1)求f (x )的单调区间;(2)证明:f (x )在(-∞,+∞)上仅有一个零点;(3)若曲线y =f (x )在点P 处的切线与x 轴平行,且在点M (m ,n )处的切线与直线OP 平行(O是坐标原点),证明:m ≤3a -2e-1.(1)解 f ′(x )=2x e x+(1+x 2)e x =(x 2+2x +1)e x =(x +1)2e x∀x ∈R ,f ′(x )≥0恒成立.∴f (x )的单调增区间为(-∞,+∞). (2)证明 ∵f (0)=1-a ,f (a )=(1+a 2)e a-a ,∵a >1,∴f (0)<0,f (a )>2a e a-a >2a -a =a >0, ∴f (0)·f (a )<0,∴f (x )在(0,a )上有一零点,又∵f (x )在(-∞,+∞)上递增, ∴f (x )在(0,a )上仅有一个零点, ∴f (x )在(-∞,+∞)上仅有一个零点. (3)证明 f ′(x )=(x +1)2e x,设P (x 0,y 0), 则f ′(x 0)=e x 0(x 0+1)2=0, ∴x 0=-1,把x 0=-1,代入y =f (x )得y 0=2e -a ,∴k OP =a -2e.f ′(m )=e m (m +1)2=a -2e,令g (m )=e m -(m +1),g ′(m )=e m-1. 令g ′(x )>0,则m >0, ∴g (m )在(0,+∞)上增. 令g ′(x )<0,则m <0, ∴g (m )在(-∞,0)上减. ∴g (m )min =g (0)=0.∴e m -(m +1)≥0,即e m≥m +1. ∴e m(m +1)2≥(m +1)3, 即a -2e≥(m +1)3.∴m +1≤3a -2e ,即m ≤3a -2e-1. 【变式探究】设函数f (x )=xe2x+c (e =2.718 28…是自然对数的底数,c ∈R ).(1)求f (x )的单调区间、最大值.(2)讨论关于x 的方程|ln x |=f (x )根的个数. 【解析】解 (1)f ′(x )=e 2x-2x e 2xe 2x 2=1-2xe 2x ,由f ′(x )>0得x <12,由f ′(x )<0得x >12.所以f (x )的单调递增区间为⎝ ⎛⎭⎪⎫-∞,12,递减区间为⎝ ⎛⎭⎪⎫12,+∞.所以f (x )max =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12=12e +c .(2)由已知|ln x |=f (x )得|ln x |-xe 2x =c ,x ∈(0,+∞), 令g (x )=|ln x |-xe2x ,y =c .①当x ∈(1,+∞)时,ln x >0,则g (x )=ln x -xe 2x .所以g ′(x )=1x +2x -1e 2x >0.所以g (x )在(1,+∞)上单调递增.②当x ∈(0,1)时,ln x <0,则g (x )=-ln x -xe2x .所以g ′(x )=-1x -1-2x e 2x =1e 2x ⎣⎢⎡⎦⎥⎤-e2xx+2x -1.因为e 2x∈(1,e 2),e 2x>1>x >0,所以-e2xx<-1,而2x -1<1.所以g ′(x )<0,即g (x )在(0,1)上单调递减.由①②可知,当x ∈(0,+∞)时,g (x )≥g (1)=-1e 2.由数形结合知,当c <-1e 2时,方程|ln x |=f (x )根的个数为0;当c =-1e 2时,方程|ln x |=f (x )根的个数为1;当c >-1e2时,方程|ln x |=f (x )根的个数为2.【规律方法】(1)本题第(1)问,利用了函数单调的充分条件:“若f ′(x )>0,则f (x )单调递增,若f ′(x )<0,则f (x )单调递减”;求出函数的单调区间,而对于函数的最值需谨记函数在闭区间上一定存在最值,在开区间上函数不一定存在最值,若存在,一定是极值.(2)本题第(2)问,借助转化与数形结合的思想,把方程根的个数转化为两个函数图象交点的个数,利用极值解决问题.导数的热点问题【2019年高考考纲解读】导数还经常作为高考的压轴题,能力要求非常高,它不仅要求考生牢固掌握基础知识、基本技能,还要求考生具有较强的分析能力和计算能力.估计以后对导数的考查力度不会减弱.作为导数综合题,主要是涉及利用导数求最值解决恒成立问题,利用导数证明不等式等,常伴随对参数的讨论,这也是难点之所在. 【题型示例】题型一、利用导数证明不等式用导数证明不等式是导数的应用之一,可以间接考查用导数判定函数的单调性或求函数的最值,以及构造函数解题的能力.例1、已知函数f (x )=a e 2x-a e x -x e x(a ≥0,e =2.718…,e 为自然对数的底数),若f (x )≥0对于x ∈R 恒成立. (1)求实数a 的值;(2)证明:f (x )存在唯一极大值点x 0,且ln 22e +14e 2≤f (x 0)<14.(2)证明 当a =1时,f (x )=e 2x-e x -x e x,f ′(x )=e x (2e x -x -2).令h (x )=2e x-x -2,则h ′(x )=2e x-1,∴当x ∈(-∞,-ln 2)时,h ′(x )<0,h (x )在(-∞,-ln 2)上为减函数; 当x ∈(-ln 2,+∞)时,h ′(x )>0,h (x )在(-ln 2,+∞)上为增函数, ∵h (-1)<0,h (-2)>0,∴在(-2,-1)上存在x =x 0满足h (x 0)=0, ∵h (x )在(-∞,-ln 2)上为减函数, ∴当x ∈(-∞,x 0)时,h (x )>0,即f ′(x )>0,f (x )在(-∞,x 0)上为增函数, 当x ∈(x 0,-ln 2)时,h (x )<0,即f ′(x )<0,f (x )在(x 0,-ln 2)上为减函数, 当x ∈(-ln 2,0)时,h (x )<h (0)=0, 即f ′(x )<0,f (x )在(-ln 2,0)上为减函数, 当x ∈(0,+∞)时,h (x )>h (0)=0, 即f ′(x )>0,f (x )在(0,+∞)上为增函数, ∴f (x )在(-ln 2,+∞)上只有一个极小值点0, 综上可知,f (x )存在唯一的极大值点x 0, 且x 0∈(-2,-1).∵h (x 0)=0,∴20e x -x 0-2=0,∴f (x 0)=02e x -0e x -x 00e x =⎝ ⎛⎭⎪⎫x 0+222-⎝ ⎛⎭⎪⎫x 0+22(x 0+1)=-x 20+2x 04,x 0∈(-2,-1),∵当x ∈(-2,-1)时,-x 2+2x 4<14,∴f (x 0)<14; ∵ln 12e∈(-2,-1),∴f (x 0)≥f ⎝ ⎛⎭⎪⎫ln 12e =ln 22e +14e 2;综上知ln 22e +14e 2≤f (x 0)<14.【方法技巧】用导数证明不等式的方法(1)利用单调性:若f (x )在[a ,b ]上是增函数,则①∀x ∈[a ,b ],则f (a )≤f (x )≤f (b );②对∀x 1,x 2∈[a ,b ],且x 1<x 2,则f (x 1)<f (x 2).对于减函数有类似结论.(2)利用最值:若f (x )在某个范围D 内有最大值M (或最小值m ),则对∀x ∈D ,有f (x )≤M (或f (x )≥m ).(3)证明f (x )<g (x ),可构造函数F (x )=f (x )-g (x ),证明F (x )<0. 【变式探究】已知函数f (x )=ax -ln x . (1)讨论f (x )的单调性;(2)若a ∈⎝ ⎛⎦⎥⎤-∞,-1e 2,求证:f (x )≥2ax -x e ax -1.(1)解 由题意得f ′(x )=a -1x =ax -1x(x >0),①当a ≤0时,则f ′(x )<0在(0,+∞)上恒成立, ∴f (x )在(0,+∞)上单调递减. ②当a >0时,则当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1a,+∞时,f ′(x )>0,f (x )单调递增,当x ∈⎝⎛⎭⎪⎫0,1a 时,f ′(x )<0,f (x )单调递减.综上当a ≤0时,f (x )在(0,+∞)上单调递减;当a >0时,f (x )在⎝⎛⎭⎪⎫0,1a 上单调递减,在⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ,+∞上单调递增.(2)证明 令g (x )=f (x )-2ax +x e ax -1=x eax -1-ax -ln x ,则g ′(x )=e ax -1+ax eax -1-a -1x=(ax +1)⎝⎛⎭⎪⎫e ax -1-1x =ax +1x e ax -1-1x(x >0),设r (x )=x eax -1-1(x >0),则r ′(x )=(1+ax )e ax -1(x >0),∵eax -1>0,∴当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,-1a 时,r ′(x )>0,r (x )单调递增;当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a,+∞时,r ′(x )<0,r (x )单调递减.∴r (x )max =r ⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a =-⎝ ⎛⎭⎪⎫1a e 2+1≤0⎝ ⎛⎭⎪⎫a ≤-1e 2,∴当0<x <-1a 时,g ′(x )<0,当x >-1a时,g ′(x )>0,∴g (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫0,-1a 上单调递减,在⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a ,+∞上单调递增,∴g (x )min =g ⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a ,设t =-1a∈(]0,e 2,则g ⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a =h (t )=t e 2-ln t +1(0<t ≤e 2),h ′(t )=1e 2-1t≤0,h (t )在(]0,e 2上单调递减,∴h (t )≥h (e 2)=0; ∴g (x )≥0,故f (x )≥2ax -x eax -1.题型二 利用导数讨论方程根的个数方程的根、函数的零点、函数图象与x 轴的交点的横坐标是三个等价的概念,解决这类问题可以通过函数的单调性、极值与最值,画出函数图象的走势,通过数形结合思想直观求解.例2、(2018·全国Ⅱ)已知函数f (x )=e x -ax 2. (1)若a =1,证明:当x ≥0时,f (x )≥1; (2)若f (x )在(0,+∞)上只有一个零点,求a .(1)证明 当a =1时,f (x )≥1等价于(x 2+1)e -x-1≤0. 设函数g (x )=(x 2+1)e -x-1,则g ′(x )=-(x 2-2x +1)·e -x=-(x -1)2e -x.当x ≠1时,g ′(x )<0,所以g (x )在(0,+∞)上单调递减. 而g (0)=0,故当x ≥0时,g (x )≤0,即f (x )≥1. (2)解 设函数h (x )=1-ax 2e -x.f (x )在(0,+∞)上只有一个零点等价于h (x )在(0,+∞)上只有一个零点.(ⅰ)当a ≤0时,h (x )>0,h (x )没有零点; (ⅱ)当a >0时,h ′(x )=ax (x -2)e -x.当x ∈(0,2)时,h ′(x )<0;当x ∈(2,+∞)时,h ′(x )>0. 所以h (x )在(0,2)上单调递减,在(2,+∞)上单调递增. 故h (2)=1-4ae 2是h (x )在(0,+∞)上的最小值.①若h (2)>0,即a <e24,h (x )在(0,+∞)上没有零点.②若h (2)=0,即a =e24,h (x )在(0,+∞)上只有一个零点.③若h (2)<0,即a >e24,因为h (0)=1,所以h (x )在(0,2)上有一个零点; 由(1)知,当x >0时,e x>x 2,所以h (4a )=1-16a 3e 4a =1-16a3e2a2>1-16a 32a 4=1-1a>0,故h (x )在(2,4a )上有一个零点.因此h (x )在(0,+∞)上有两个零点.综上,当f (x )在(0,+∞)上只有一个零点时,a =e24.【感悟提升】(1)函数y =f (x )-k 的零点问题,可转化为函数y =f (x )和直线y =k 的交点问题.(2)研究函数y =f (x )的值域,不仅要看最值,而且要观察随x 值的变化y 值的变化趋势. 【变式探究】设函数f (x )=e x-2a -ln(x +a ),a ∈R ,e 为自然对数的底数. (1)若a >0,且函数f (x )在区间[0,+∞)内单调递增,求实数a 的取值范围; (2)若0<a <23,试判断函数f (x )的零点个数.(2)∵0<a <23,f ′(x )=e x-1x +a (x >-a ),记h (x )=f ′(x ),则h ′(x )=e x+1x +a2>0,知f ′(x )在区间()-a ,+∞内单调递增. 又∵f ′(0)=1-1a <0,f ′(1)=e -1a +1>0,∴f ′(x )在区间()-a ,+∞内存在唯一的零点x 0,即f ′(x 0)=0e x -1x 0+a=0,于是0e x =1x 0+a,x 0=-ln ()x 0+a . 当-a <x <x 0时,f ′(x )<0,f (x )单调递减; 当x >x 0时,f ′(x )>0,f (x )单调递增.∴f (x )min =f (x 0)=0e x -2a -ln ()x 0+a=1x 0+a -2a +x 0=x 0+a +1x 0+a-3a ≥2-3a , 当且仅当x 0+a =1时,取等号. 由0<a <23,得2-3a >0,∴f (x )min =f (x 0)>0,即函数f (x )没有零点. 题型三 利用导数解决生活中的优化问题生活中的实际问题受某些主要变量的制约,解决生活中的优化问题就是把制约问题的主要变量找出来,建立目标问题即关于这个变量的函数,然后通过研究这个函数的性质,从而找到变量在什么情况下可以达到目标最优.例3、罗源滨海新城建一座桥,两端的桥墩已建好,这两墩相距m 米,余下工程只需建两端桥墩之间的桥面和桥墩,经预测,一个桥墩的工程费用为32万元,距离为x 米的相邻两墩之间的桥面工程费用为(2+x )x 万元.假设桥墩等距离分布,所有桥墩都视为点,且不考虑其他因素,记余下工程的费用为y 万元. (1)试写出y 关于x 的函数关系式;(2)当m =96米时,需新建多少个桥墩才能使余下工程的费用y 最小? 解 (1)设需新建n 个桥墩, 则(n +1)x =m ,即n =mx-1.所以y =f (x )=32n +(n +1)(2+x )x=32⎝⎛⎭⎪⎫mx-1+mx(2+x )x =m ⎝ ⎛⎭⎪⎫32x+x +2m -32(0<x <m ). (2)当m =96时,f (x )=96⎝ ⎛⎭⎪⎫32x+x +160,则f ′(x )=96⎝⎛⎭⎪⎫12x -32x 2=48x2(32x -64). 令f ′(x )=0,得32x =64,所以x =16.当0<x <16时,f ′(x )<0,f (x )在区间(0,16)内为减函数; 当16<x <96时,f ′(x )>0,f (x )在区间(16,96)内为增函数, 所以f (x )在x =16处取得最小值,此时n =9616-1=5.答 需新建5个桥墩才能使余下工程的费用y 最小. 【感悟提升】利用导数解决生活中的优化问题的一般步骤(1)建模:分析实际问题中各量之间的关系,列出实际问题的数学模型,写出实际问题中变量之间的函数关系式y =f (x ).(2)求导:求函数的导数f ′(x ),解方程f ′(x )=0.(3)求最值:比较函数在区间端点和使f ′(x )=0的点的函数值的大小,最大(小)者为最大(小)值.(4)作答:回归实际问题作答.【变式探究】图1是某种称为“凹槽”的机械部件的示意图,图2是凹槽的横截面(阴影部分)示意图,其中四边形ABCD 是矩形,弧CmD 是半圆,凹槽的横截面的周长为4.若凹槽的强度T 等于横截面的面积S 与边AB 的乘积,设AB =2x ,BC =y .(1)写出y 关于x 的函数表达式,并指出x 的取值范围; (2)求当x 取何值时,凹槽的强度最大.(2)依题意,得T =AB ·S =2x ⎝ ⎛⎭⎪⎫2xy -12πx 2 =8x 2-(4+3π)x 3.令T ′=16x -3(4+3π)x 2=0,得x =0或x =169π+12.因为0<169π+12<4π+4,所以当0<x <169π+12时,T ′>0,T 为关于x 的增函数;当169π+12<x <44+π时,T ′<0,T 为关于x 的减函数,所以当x =169π+12时凹槽的强度最大.不等式【2019年高考考纲解读】 高考对本内容的考查主要有:(1)一元二次不等式是C 级要求,线性规划是A 级要求.(2)基本不等式是C 级要求,理解基本不等式在不等式证明、函数最值的求解方面的重要应用.试题类型可能是填空题,同时在解答题中经常与函数、实际应用题综合考查,构成中高档题.【重点、难点剖析】 1.不等式的解法(1)求解一元二次不等式的基本思路:先化为一般形式ax 2+bx +c >0(a >0),再求相应一元二次方程ax 2+bx +c =0(a >0)的根,最后根据相应二次函数图象与x 轴的位置关系,确定一元二次不等式的解集.(2)解含参数不等式的难点在于对参数的恰当分类,关键是找到对参数进行讨论的原因.确定好分类标准、层次清楚地求解. 2.基本不等式(1)基本不等式a 2+b 2≥2ab 取等号的条件是当且仅当a =b . (2)几个重要的不等式:①ab ≤⎝⎛⎭⎪⎫a +b 22(a ,b ∈R ). ②a 2+b 22≥a +b2≥ab ≥2aba +b(a >0,b >0). ③a +1a≥2(a >0,当a =1时等号成立).④2(a 2+b 2)≥(a +b )2(a ,b ∈R ,当a =b 时等号成立). (3)最值问题:设x ,y 都为正数,则有①若x +y =s (和为定值),则x =y 时,积xy 取得最大值s 24;②若xy =p (积为定值),则当x =y 时,和x +y 取得最小值2p . 3.不等式的恒成立、能成立、恰成立问题 (1)恒成立问题若不等式f (x )>A 在区间D 上恒成立,则等价于在区间D 上f (x )min >A ; 若不等式f (x )<B 在区间D 上恒成立,则等价于在区间D 上f (x )max <B ; (2)能成立问题若在区间D 上存在实数x 使不等式f (x )>A 成立,则等价于在区间D 上f (x )max >A ; 若在区间D 上存在实数x 使不等式f (x )<B 成立,则等价于在区间D 上f (x )min <B ; (3)恰成立问题若不等式f (x )>A 在区间D 上恰成立,则等价于不等式f (x )>A 的解集为D ; 若不等式f (x )<B 在区间D 上恰成立,则等价于不等式f (x )<B 的解集为D .4.使用基本不等式以及与之相关的不等式求一元函数或者二元函数最值时,基本的技巧是创造使用这些不等式的条件,如各变数都是正数,某些变数之积或者之和为常数等,解题中要根据这个原则对求解目标进行适当的变换,使之达到能够使用这些不等式求解最值的目的.在使用基本不等式求函数的最值、特别是求二元函数最值时一定要注意等号成立的条件,尽量避免二次使用基本不等式.5.平面区域的确定方法是“直线定界、特殊点定域”,二元一次不等式组所表示的平面区域是各个不等式所表示的半平面的交集.线性目标函数z =ax +by 中的z 不是直线ax +by =z 在y 轴上的截距,把目标函数化为y =-ab x +z b ,可知z b是直线ax +by =z 在y 轴上的截距,要根据b 的符号确定目标函数在什么情况下取得最大值、什么情况下取得最小值. 【题型示例】题型一、不等式的解法及应用【例1】(2018年全国I 卷理数)已知集合,则A. B.C. D.【答案】B 【解析】解不等式得,所以,所以可以求得,故选B.【变式探究】【2017浙江,4】若x ,y 满足约束条件,则y x z 2+=的取值范围是A .[0,6]B .[0,4]C .[6,)∞+D .[4,)∞+【答案】D【解析】如图,可行域为一开放区域,所以直线过点(2,1)时取最小值4,无最大值,选D .【变式探究】【2016高考新课标1卷】若,则( ) (A )c c a b < (B )c c ab ba < (C ) (D )【答案】C【解析】用特殊值法,令3a =,2b =,12c =得112232>,选项A 错误,,选项B 错误,,选项C 正确,,选项D 错误,故选C .【感悟提升】(1)对于和函数有关的不等式,可先利用函数的单调性进行转化;(2)求解一元二次不等式的步骤:第一步,二次项系数化为正数;第二步,解对应的一元二次方程;第三步,若有两个不相等的实根,则利用“大于在两边,小于夹中间”得不等式的解集;(3)含参数的不等式的求解,要对参数进行分类讨论.【举一反三】(2015·江苏,7)不等式2x 2-x <4的解集为________. 【解析】∵2x 2-x <4=22,∴x 2-x <2,即x 2-x -2<0,解得-1<x <2. 【答案】{x |-1<x <2}【变式探究】若a ,b ,c 为实数,且a <b <0,则下列结论正确的是( ) A .ac 2<bc 2B .1a <1bC .b a >a bD .a 2>ab >b 2【解析】∵c 为实数,∴取c =0,得ac 2=0,bc 2=0,此时ac 2=bc 2,故选项A 不正确;1a-1b=b -a ab,∵a <b <0,∴b -a >0,ab >0,∴b -a ab>0,即1a >1b,故选项B 不正确;∵a <b <0,∴取a =-2,b =-1,则b a =-1-2=12,a b =2,此时b a <ab ,故选项C 不正确;∵a <b <0,∴a 2-ab =a (a -b )>0,∴a 2>ab ,又∵ab -b 2=b (a -b )>0,∴ab >b 2,故选项D 正确,故选D .【答案】D【方法技巧】解不等式的四种策略(1)解一元二次不等式的策略:先化为一般形式ax 2+bx +c >0(a >0),再结合相应二次方程的根及二次函数图象确定一元二次不等式的解集.(2)解简单的分式不等式的策略:将不等式一边化为0,再将不等式等价转化为整式不等式(组)求解.(3)解含指数、对数不等式的策略:利用指数、对数函数的单调性将其转化为整式不等式求解.(4)解含参数不等式的策略:根据题意确定参数分类的标准,依次讨论求解.【变式探究】 (1)若不等式x 2+ax +1≥0对于一切x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12成立,则a 的取值范围是________.(2)已知一元二次不等式f (x )<0的解集为⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫x ⎪⎪⎪x <-1,或x >12,则f (10x )>0的解集为______.【答案】(1)[-52,+∞) (2){x |x <-lg 2}【规律方法】解一元二次不等式一般要先判断二次项系数的正负也即考虑对应的二次函数图象的开口方向,再考虑方程根的个数也即求出其判别式的符号,有时还需要考虑其对称轴的位置,根据条件列出方程组或结合对应的函数图象求解. 题型二、线性规划问题【例2】(2018年全国I卷理数)若,满足约束条件,则的最大值为_____________.【答案】6【解析】根据题中所给的约束条件,画出其对应的可行域,如图所示:由可得,画出直线,将其上下移动,结合的几何意义,可知当直线过点B时,z取得最大值,由,解得,此时,故答案为6.【举一反三】(2018年全国Ⅱ卷理数)若满足约束条件则的最大值为__________.【答案】9【解析】作可行域,则直线过点A(5,4)时取最大值9.【变式探究】(2018·天津卷)设变量x ,y 满足约束条件⎩⎪⎨⎪⎧x +y ≤5,2x -y ≤4,-x +y ≤1,y ≥0,则目标函数z=3x +5y 的最大值为( ) A .6 B .19 C .21 D .45【解析】由变量x ,y 满足的约束条件画出可行域(如图中阴影部分所示).作出初始直线l 0:3x +5y =0,平移直线l 0,当直线经过点A (2,3)时,z 取最大值,即z max =3×2+5×3=21,故选C . 【答案】C【变式探究】【2017北京,理4】若x,y满足32xx yy x≤⎧⎪+≥⎨⎪≤⎩,,,则x + 2y的最大值为(A)1 (B)3(C)5 (D)9【答案】D【解析】如图,画出可行域,2z x y=+表示斜率为12-的一组平行线,当过点()3,3C时,目标函数取得最大值,故选D.【变式探究】【2016年高考北京理数】若x,y满足203x yx yx-≤⎧⎪+≤⎨⎪≥⎩,则2x y+的最大值为()A.0B.3C.4D.5【答案】C【解析】作出如图可行域,则当yxz+=2经过点P时,取最大值,而)2,1(P,∴所求最大值为4,故选C.【感悟提升】(1)线性规划问题一般有三种题型:一是求最值;二是求区域面积;三是确定目标函数中的字母系数的取值范围.(2)一般情况下,目标函数的最大或最小值会在可行域的端点或边界上取得.【举一反三】已知实数x ,y 满足约束条件⎩⎨⎧2x -y ≥0,y ≥x ,y ≥-x +b ,若z =2x +y 的最小值为3,则实数b =( ) A .94 B .32 C .1 D .34【解析】作出不等式组对应的平面区域,如图中阴影部分所示. 由z =2x +y 得y =-2x +z , 平移初始直线y =-2x ,由图可知当直线y =-2x +z 经过点A 时,直线y =-2x +z 的纵截距最小,此时z 最小,为3,即2x +y =3.由⎩⎨⎧2x +y =3,y =2x ,解得⎩⎪⎨⎪⎧x =34,y =32,即A ⎝ ⎛⎭⎪⎫34,32,又点A 也在直线y =-x +b 上,即32=-34+b ,∴b =94.故选A .【答案】A【变式探究】(1)设x ,y 满足约束条件⎩⎨⎧x +y -7≤0,x -3y +1≤0,3x -y -5≥0,则z =2x -y 的最大值为( )A .10B .8C .3D .2(2)(2014·浙江)当实数x ,y 满足⎩⎨⎧x +2y -4≤0,x -y -1≤0,x ≥1时,1≤ax +y ≤4恒成立,则实数a 的取值范围是________.【命题意图】(1)本题主要考查线性规划问题的求解,意在考查考生的数形结合能力与运算求解能力.(2)本题主要考查线性规则、不等式恒成立问题,考查考生的数形结合与运算求解能力.【答案】(1)B (2)⎣⎢⎡⎦⎥⎤1,32 【解析】(1)作出可行域如图中阴影部分所示,由z =2x -y 得y =2x -z ,作出直线y =2x ,平移使之经过可行域,观察可知,当直线经过点B (5,2)时,对应的z 值最大.故z max =2×5-2=8.(2)作出题中线性规划条件满足的可行域如图中阴影部分所示,令z =ax +y ,即y =-ax +z .作直线l 0:y =-ax ,平移l 0,最优解可在A (1,0),B (2,1),C ⎝⎛⎭⎪⎫1,32处取得.故由1≤z ≤4恒成立,可得 ⎩⎪⎨⎪⎧1≤a ≤4,1≤2a +1≤4,1≤a +32≤4,解得1≤a ≤32.【感悟提升】1.线性规划问题的三种题型(1)求最值,常见形如截距式z =ax +by ,斜率式z =x -b x -a,距离式z =(x -a )2+(y -b )2. (2)求区域面积.(3)由最优解或可行域确定参数的值或取值范围. 2.解答线性规划问题的步骤及应注意的问题(1)解决线性规划问题首先要找到可行域,再注意目标函数所表示的几何意义,数形结合找到目标函数达到最值时可行域的顶点(或边界上的点),但要注意作图一定要准确,整点问题要验证解决.(2)画可行域时应注意区域是否包含边界.(3)对目标函数z =Ax +By 中的B 的符号,一定要注意B 的正负与z 的最值的对应,要结合图形分析.题型三、基本不等式及其应用例3、【2017山东,理7】若0a b >>,且1ab =,则下列不等式成立的是(A ) (B )(C ) (D )【答案】B【解析】因为0a b >>,且1ab =,所以,所以选B.【变式探究】【2016高考天津理数】设变量x ,y 满足约束条件则目标函数25z x y =+的最小值为( )(A )4- (B )6 (C )10 (D )17【答案】B【解析】可行域为一个三角形ABC 及其内部,其中,直线z 25x y =+过点B 时取最小值6,选B.【感悟提升】在利用基本不等式求最值时,要特别注意“拆、拼、凑”等技巧,使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用,否则会出现错误. 【举一反三】(1)已知不等式x +2x +1<0的解集为{x |a <x <b },点A (a ,b )在直线mx +ny +1=0上,其中mn >0,则2m +1n的最小值为( )A .4 2B .8C .9D .12(2)要制作一个容积为4 m 3,高为1 m 的无盖长方体容器.已知该容器的底面造价是每平方米20元,侧面造价是每平方米10元,则该容器的最低总造价是________(单位:元). 【命题意图】(1)本题主要考查解分式不等式、均值不等式等基础知识,对学生的转化思想、运算能力有一定要求.(2)本题主要考查空间几何体的表面积、基本不等式等基础知识,意在考查考生处理实际问题的能力、空间想象能力和运算求解能力. 【答案】(1)C (2)160 【解析】(1)易知不等式x +2x +1<0的解集为(-2,-1),所以a =-2,b =-1,则2m +n =1,2m +1n =(2m +n )·⎝ ⎛⎭⎪⎫2m +1n =5+2m n +2n m ≥5+4=9当且仅当m =n =13时取等号,所以2m +1n 的最小值为9.设该容器的总造价为y 元,长方体的底面矩形的长为x m ,因为无盖长方体的容积为4 m 3,。