2020年高考数学三轮微专题突破34 数列中的奇偶性问题(教师版)江苏
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专题34 数列中的奇偶性问题
一、题型选讲
题型一、与奇偶性有关讨论求含参问题
含参问题最常用的方法就是把参数独立出来,要独立出来就要除以一个因式,此因式的正负与n 的奇偶性有关,因此要对n 进行奇偶性的讨论。
例1、(2015扬州期末)设数列{a n }的前n 项和为S n ,且a n =4+⎝⎛⎭⎫-1
2n -1,若对任意n ∈N *,都有1≤p (S n -4n )≤3,则实数p 的取值范围是________.
答案:[2,3]
思路分析 求参数的常用方法是分离参数,所以首先将参数p 进行分离,从而将问题转化为求函数f (n )=S n
-4n 的最大值与最小值,再注意到题中含有⎝⎛⎭
⎫-1
2n -1,涉及负数的乘方,所以需对n 进行分类讨论. 令f (n )=S n -4n =4n +1-⎝⎛⎭⎫-1
2n 1-⎝⎛⎭
⎫-12-4n =23⎣⎡⎦⎤1-⎝⎛⎭⎫-12n . 当n 为奇数时,f (n )=23⎣⎡⎦⎤1+
⎝⎛⎭⎫12n 单调递减,则当n =1时,f (n )max =1; 当n 为偶数时,f (n )=23⎣⎡⎦⎤1-
⎝⎛⎭⎫12n 单调递增,由当n =2时,f (n )min =12. 又
1S n -4n ≤p ≤3
S n -4n
,所以2≤p ≤3. 解后反思 本题的本质是研究数列的最值问题,因此,研究数列的单调性就是一个必要的过程,需要注意的
是,由于本题是离散型的函数问题,所以,要注意解题的规范性,“当n 为奇数时,f (n )=23⎣⎡⎦
⎤1+
⎝⎛⎭⎫12n ,单调递减,此时f (n )∈⎝⎛⎦⎤23,1;当n 为偶数时,f (n )=2
3⎣⎡⎦⎤1-⎝⎛⎭⎫12n ,单调递增,此时f (n )∈⎣⎡⎭⎫12,1”的写法是不正确的,因为f (n )并不能取到⎣⎡⎭⎫12,1∪⎝⎛⎦⎤23,1=⎣⎡⎦⎤
12,1内的所有值.
例2、(2019苏州三市、苏北四市二调)已知数列{a n }的各项均不为零.设数列{a n }的前n 项和为S n ,数列{a 2n }
的前n 项和为T n ,且3S 2n -4S n +T n =0,n ∈N *.
(1) 求a 1,a 2的值;
(2) 证明:数列{a n }是等比数列;
(3) 若(λ-na n )(λ-na n +1)<0对任意的n ∈N *恒成立,求实数λ的所有值.
思路分析 (1) 对3S 2n -4S n +T n =0,令n =1,2得到方程,解得a 1,a 2的值.
(2) 3S 2n -4S n +T n =0中,对n 赋值作差,消去T n ,再对n 赋值作差,消去S n ,从而得到a n +1=-12a n ,证得数列{a n }是等比数列.
(3)先求出a n =⎝⎛⎭⎫-1
2n -1,由(λ-na n )(λ-na n +1)<0恒成立,确定λ=0适合,再运用反证法证明λ>0和λ<0不成立.
规范解答 (1)因为3S 2n -4S n +T n =0,n ∈N *
. 令n =1,得3a 21-4a 1+a 21=0,因为a 1≠0,所以a 1=1.
令n =2,得3(1+a 2)2-4(1+a 2)+(1+a 22)=0,即2a 22+a 2=0,因为a 2≠0,所以a 2=-12
.(3分) (2)解法1 因为3S 2n -4S n +T n
=0, ① 所以3S 2n +1-4S n +1+T n +1=0, ② ②-①得,3(S n +1+S n )a n +1-4a n +1+a 2n +1=0,
因为a n +1≠0,所以3(S n +1+S n )-4+a n +1=0, ③(5分) 所以3(S n +S n -1)-4+a n =0(n ≥2), ④
当n ≥2时,③-④得,3(a n +1+a n )+a n +1-a n =0,即a n +1=-12a n ,
因为a n ≠0,所以a n +1a n =-1
2
.
又因(1)知,a 1=1,a 2=-12,所以a 2a 1=-1
2
,
所以数列{a n }是以1为首项,-1
2
为公比的等比数列.(8分)
解法2 因为3S 2n -4S n +T n
=0,① 所以3S 2n +1-4S n +1+T n +1=0,②
②-①得,3(S n +1+S n )a n +1-4a n +1+a 2n +1=0, 因为a n +1≠0,所以3(S n +1+S n )-4+a n +1=0, 所以3(S n +1+S n )-4+(S n +1-S n )=0,(5分) 整理为S n +1-23=-12⎝⎛⎭⎫S n -23,又S 1-23=a 1-23=1
3, 所以S n -23=13·⎝⎛⎭⎫-12n -1,得S n =13·⎝⎛⎭⎫-12n -1+2
3,
当n ≥2时,a n =S n -S n -1=⎝⎛⎭⎫-1
2n -1
,而a 1=1也适合此式,
所以a n =⎝⎛⎭
⎫-1
2n -1
,所以a n +1a n =-1
2
所以数列{a n }是以-1
2为公比的等比数列.(8分)
(3)解法1 由(2)知,a n =⎝⎛⎭
⎫-12n -1
.
因为对任意的n ∈N *,(λ-na n )(λ-na n +1)<0恒成立, 所以λ的值介于n ⎝⎛⎭⎫-12n -1
和n ⎝⎛⎭
⎫-1
2n
之间. 因为n ⎝⎛⎭
⎫-1
2n -1
·n ⎝⎛⎭
⎫-1
2n
<0对任意的n ∈N *恒成立,所以λ=0适合.(10分) 若λ>0,当n 为奇数时,n ⎝⎛⎭⎫-12n
<λ 2n -1 恒成立,从而有λ 2 n -1恒成立. 记p (n )=n 2 2n (n ≥4),因为p (n +1)-p (n )=(n +1)22n +1-n 22n =-n 2+2n +12n + 1<0, 所以p (n )≤p (4)=1,即n 22n ≤1,所以n 2n ≤1 n (*), 从而当n ≥5且n ≥2λ时,有λ≥2n ≥n 2n -1,所以λ>0不符.(13分) 若λ<0,当n 为奇数时,n ⎝⎛⎭⎫-12n <λ ⎫-1 2n -1 恒成立,从而有-λ 2 n 恒成立. 由(*)式知,当n ≥5且n ≥-1λ 时,有-λ≥1n ≥n 2n ,所以λ<0不符.