山东省桓台第二中学2015届高三上学期第二次检测(11月)考试物理试题

2014-2015学年山东省淄博市桓台二中高三（上）期末物理试卷一、注意事项：第Ⅰ卷为选择题，共10小题，每小题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案标号．不能直接写在本试卷上．1．（4分）（2014秋•桓台县校级期末）质量为2kg的物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，经过1s后的速度大小为10m/s，那么在这段时间内物体的合外力大小可能为（）A．20N B．12N C．8N D．28N考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据速度时间公式求出加速度，再根据牛顿第二定律求出合力的大小．解答：解：经过1s后的速度可能与初速度方向相同，也可能相反．若1s后的速度与初速度方向相同，则a=，则合力F合=ma=12N．若1s后的速度与初速度方向相反，则a=．则合力F合=ma=﹣28N．负号表示方向．故B、D正确，A、C错误．故选BD．点评：解决本题的关键知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，注意末速度的方向与初速度的方向可能相同，可能相反．2．（4分）（2010•内江三模）2009年2月11日，美国和俄罗斯的两颗卫星在西伯利亚上空相撞，这是有史以来首次卫星碰撞事件，碰撞点比相对地球静止的国际空间站高434km．则（）A．在碰撞点高度运行的卫星的周期比国际空间站的周期大B．在碰撞点高度运行的卫星的向心加速度比国际空间站的向心加速度小C．在与空间站相同轨道上运行的卫星一旦加速，将有可能与空间站相撞D．若发射一颗在碰撞点高度处运行的卫星，发射速度至少为11.2km/s考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：卫星运动过程中所受地球的万有引力提供卫星做圆周运动的向心力，由此列式可以求出卫星的同期、线速度和向心加速度与轨道半径间的关系，并由此进行选项判断，11.2km/s是第二宇宙速度，是发射逃离地球束缚的飞行物的最小速度，发射人造地球卫星时的发射速度小于该速度．解答：解：万有引力提供卫星运动的向心力有：=ma向可得：T=，，轨道半径v=A、碰撞点卫星运动的半径R大，则周期越大，故A正确；B、碰撞点卫星运动的半径R大，则向心加速度小，故B正确；C、v=，当卫星加速也就是速度发生变化时，卫星的轨道同时发生变化，故同轨道卫星加速后不会在空间相撞，故C错误；D、11.2km/h，是第二宇宙速度，达到这个发射速度的卫星将逃离地球的束缚，成为绕太阳运行卫星，故发射绕地球飞行卫星发射速度小于第二宇宙速度，故D错误．故选AB．点评：解决本题的关键是：认识卫星所受万有引力提供卫星圆周运动的向心力，由此判断周期、线速度和半径间的关系，认识第二宇宙速度的意义．3．（4分）（2011•庐阳区校级模拟）在近地空中某一位置处有A、B两个小球，A球的质量小于B球的质量．先让A球自由下落1s，再让B球开始自由下落，A球落地前，下列说法正确的是（）A．A、B两球间的距离保持不变B．A、B两球间的距离逐渐增大C．A球相对于B球匀加速下降D．A球相对于B球减速下降考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：两个球都做自由落体运动，开始运动的时间相差1s，根据速度时间关系公式和位移时间关系公式列式求解即可．解答：解： A、B、两个球都做自由落体运动，开始运动的时间相差1s，故=10t+5，故A错误，B正确；C、D、两个球的速度差为：△v=v1﹣v2=gt﹣g（t﹣1）=10m/s，故A球相对于B球以10m/s匀速下降，故C错误，D错误；故选B．点评：本题关键是根据自由落体运动的位移时间关系公式和速度时间关系公式求出位移差和速度差，然后分析讨论．4．（4分）（2012•海阳市校级模拟）一遥控玩具小车在平直路上运动的位移时间图象如图所示，则（）A．15s末汽车的位移为300m B．20s末汽车的速度为﹣lm/sC．前10s内汽车的加速度为3m/s2D．前25s内汽车做单方向直线运动考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；加速度．专题：直线运动规律专题．分析：位移时间图线的斜率表示速度，对应的纵坐标表示汽车的位移．解答：解：A、由图象可知，15s末汽车的位移为30m．故A错误．B、汽车在20时做匀速直线运动，速度为v==m/s=﹣1m/s．故B正确．C、前10s内汽车的速度v=m/s=3m/s，匀速运动，加速度为零．故C错误．D、汽车在前10s内向正方向做匀速直线运动，10﹣15s内静止，15﹣25s内反向做匀速直线运动．故D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道位移时间图象的物理意义，知道图线斜率表示的含义．5．（4分）（2014秋•桓台县校级期末）有一直角V形槽固定在水平面上，其截面如图所示，BC面与水平面间夹角为60°，有一质量为m的正方体均匀木块放在槽内，木块与BC面间的动摩擦因数为，与AB面间无摩擦，现用垂直于纸面向里的力推木块使之沿槽运动，则木块受的摩擦力为（）A．μmg B．μmg C．μmg D．μmg考点：滑动摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：先将重力按照实际作用效果正交分解，求解出正压力，然后根据滑动摩擦定律求解摩擦力．解答：解：将重力按照实际作用效果正交分解，如图故F2=mgsin30°=滑动摩擦力为f=故选：A．点评：本题关键将重力按照作用效果正交分解，然后根据滑动摩擦定律求解出滑动摩擦力．6．（4分）（2010秋•苍山县期末）如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A．重力势能增加了mgh B．克服摩擦力做功mghC．动能损失了mgh D．机械能损失了mgh考点：动能定理的应用；功能关系；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：重力势能的增加量等于克服重力做的功；动能变化等于力的总功；机械能变化量等于除重力外其余力做的功．解答：解：A、加速度a==，而摩擦力f=，物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，故A错误；B、摩擦力f=，物体在斜面上能够上升的最大高度为h，发生的位移为2h，则克服摩擦力做功，故B错误；C、由动能定理可知，动能损失量为合外力做的功的大小△E k=F合•s=mg•3L=mgL，故C正确；D、机械能的损失量为fs=mg•2L=mgh，故D正确．故选CD．点评：本题关键根据功能关系的各种具体形式得到重力势能变化、动能变化和机械能变化．重力势能变化与重力做功有关；动能的变化与合力做功有关；机械能的变化与除重力以外的力做功有关．7．（4分）（2014秋•桓台县校级期末）一带电粒子在正电荷形成的电场中，运动轨迹如图所示的abcd曲线，下列判断正确的是（）A．粒子带正电B．粒子通过a点时的速度比通过b点时大C．粒子在a点受到的电场力比b点小D．粒子在a点时的电势能比b点大考点：电场线；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据轨迹弯曲方向得出电场力的方向，从而确定带电粒子的电性．根据动能定理比较a点、b点的速度大小；根据电场线的疏密比较电场力的大小；根据电场力做功比较电势能的大小．解答：解：A、轨迹弯曲的方向大致指向合力的方向，知电场力背离正电荷方向，所以该粒子带正电．故A正确．B、从a到b，电场力做负功，根据动能定理，动能减小，a点动能大于b点动能，则a点速度大于b点的速度．故B正确．C、b点的电场线比a点电场线密，所以b点的电场强度大于a点的电场强度，所以粒子在a点的电场力比b点小．故C正确．D、从a到b，电场力做负功，电势能增加．所以a点的电势能小于b点的电势能．故D错误．故选ABC．点评：解决本题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．8．（4分）（2014秋•桓台县校级期末）如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B．打开K后，使两板错开一定距离，微粒仍静止C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D．打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：当S闭合后，带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，合力为零，电场力与重力平衡．保持S闭合，电容器板间电压不变，若板间距离也不变，板间的场强不变，微粒仍处于静止状态．打开S后，根据电容的决定式C=，分析电容的变化，由电容的定义式C=分析电压的变化．再由E=分析板间场强的变化，即可判断带电微粒的运动状态．解答：解：A、保持S闭合，电容器板间电压不变，使滑动片P向左滑动，板间距离不变，则由E=分析得知，板间场强仍保持不变，带电微粒所受的电场力不变，仍处于静止状态．故A正确．B、打开S后，电量不变，使两板错开一定距离，两极板正对面积减小，由C=知，电容减小，电容的定义式C=知，电压增大，由E=分析得知板间场强增大，微粒将向上运动．故B错误．C、D由C=，C=，E=得到极板间场强E=，E与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变，则带电微粒仍处于静止状态．故C错误，D正确．故选AD点评：本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．9．（4分）（2009•淄博一模）如图所示，电键K闭合，电流表、电压表均为理想电表，若电阻R1断路，则下列说法正确的是（）A．电流表示数变大B．电压表示数变小C．R3消耗的功率变大D．电源内电路消耗的功率变大考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电阻R1断路时，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析路端电压的变化，由欧姆定律分析电流表和电压表示数的变化．根据总电流的变化，判断电源内部消耗的功率如何变化．解答：解：A、B，电阻R1断路时，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I减小，路端电压U增大，由欧姆定律分析得知，通过电流表的电流增大，电阻R2两端的电压增大，则电流表和电压表的示数都变大．故A正确，B错误．C、电阻R1断路，由上分析得知通过电流表的电流增大，则R3消耗的功率变大．故C正确．D、电路中总电流减小，根据P=I2r得知，电源内电路消耗的功率变小．故D错误．故选AC点评：本题是电路中动态变化分析问题，当局部的电阻增大时，外电路总电阻将增大．要分析和把握好局部与整体的关系，按局部到整体，再到局部的思路进行分析．10．（4分）（2014秋•桓台县校级期末）如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的质点，由两水平极板正中，以相同的初速度V0，先后垂直匀强电场射入，并分别落在负极板上甲、乙、丙三处，可以判定（）A．甲处质点带正电，乙处质点不带电，丙处质点带负电B．三个质点在电场中的运动时间相等C．三个质点在电场中的加速度a甲＞a乙＞a丙D．三个质点到达负极的动能E丙＞E乙＞E甲考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：正电荷受到的电场力方向与电场方向相同，负电荷受到的电场力方向与电场方向相反，不带电的粒子不受电场力．解答：解：从极板左侧中央以相同的水平速度先后垂直地射入匀强电场的粒子的运动性质为类平抛运动，水平方向匀速运动，竖直方向为初速度为零的匀加速运动；AB、从图中可以看到水平位移丙最大，根据公式：x=vt，说明丙运动的时间最长，其次是乙，甲的运动时间最短；又由于正电荷受到的电场力方向与电场方向相同，负电荷受到的电场力方向与电场方向相反，不带电的粒子不受电场力；所以丙粒子受到向上的电场力即丙粒子带负点，甲粒子带正电，乙粒子不带电．故A正确，B错误；C、又因它们竖直方向为初速度为零的匀加速运动且位移相同，根据，可以判断a甲＞a乙＞a丙．故C正确；D、以相同的水平速度v0先后垂直极板间电场射入，电场力对丙粒子做正功，电势能减小则动能增加；对甲粒子做负功，电势能减小，则粒子的动能减小．所以三个粒子到达正极板时的动能E k甲＜E k乙＜E k丙故D错误．故选：AC点评：注意类平抛运动的灵活应用，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为零的匀加速直线运动二、填空题（本题共3小题，共18分．把答案写在答题卡中指定的答题处．）11．（4分）（2012•湖北校级模拟）读出下图给出的螺旋测微器和游标卡尺的示数，螺旋测微器的示数为 6.125 mm，游标卡尺的示数 4.120 cm．考点：实验中常用仪器及其正确操作方法．分析：使用游标卡尺时，有两种最基本的读数方法，即“加法法”和“减法法”．大多数教师和学生都热衷于应用“加法法”读数，其实“减法法”原理更利于学生的理解，解题更加可靠．因为采用“加法法”时读数包含了读毫米整数和毫米小数两个过程，然后相加才是物体的长度；而采用“减法法“时直接用主尺上对齐的毫米整数减去游标对齐刻度线前端的长度即为物体的长度．螺旋测微器也叫千分尺，读数是由固定刻度读数加旋转刻度读数．固定刻度每小格是0.5mm，而当旋转刻度转动一周时，就会向前或向后移动0.5mm，所以旋转刻度每小格是0.01mm．解答：解：螺旋测微器的读数是由固定刻度读数加旋转刻度读数．固定刻度每小格是0.5mm，而旋转刻度每小格是0.01mm．由图可知：固定刻度读数：6.0cm，而旋转刻度的读数：12×0.01mm 则其估计为0.005mm所以读数为：6.0cm+0.12mm+0.005mm=6.125mm 由于估计值，所以读数范围可在6.124mm到6.126mm游标卡尺采用“加法法”时读数包含了读毫米整数和毫米小数两个过程，然后相加才是物体的长度；读数为（1）以游标零刻线位置为准，在主尺上读取整毫米数．（2）看游标上哪条刻线与主尺上的某一刻线（不用管是第几条刻线）对齐，由游标上读出毫米以下的小数．（3）总的读数为毫米整数加上毫米小数．而它们的精度（游标上的最小分度值﹣﹣分别为0.1 mm、0.05mm、0.02mm）譬如，50分度游标尺上50个分度只有49mm长，比主尺上的50个分度短1mm，则游标上的每个分度比主尺上的每个分度短1/50mm=0.02mm，即它的测量精度为0.02 mm．若采用“加法法”，则从主尺上读出毫米整数部分为41mm，从游标尺上可以看出第10条刻度线与主尺上第51mm刻度线对齐．故为10×0.02mm=0.20mm，则游标卡尺的读数应为：41mm+0.20mm=41.20mm=4.120cm．故答案为：6.125；4.120点评：游标卡尺没有估计值而螺旋测微器有估计值．游标卡尺还可采用“减法法“时直接用主尺上对齐的毫米整数减去游标对齐刻度线前端的长度即为物体的长度．若采用“减法法”，从主尺和游标尺上可以看出，主尺的51mm刻度线与游标尺上的第20条刻度线对齐．因此读数应为：51mm﹣10×0.98mm=41.20mm．12．（6分）（2014秋•桓台县校级期末）某同学在做验证机械能守恒定律的实验中使用50HZ 交变电流作电源，在打出的纸带上选择5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间还有4个点没有画出，他测量了C点到A点、和E点到C点的距离，如圈所示．则纸带上 C 点的速度v c= 1.9 m/s，重物的加速度为9.0 m/s2．（结果保留两位有效数字）考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：利用在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度大小，据此可以求出C点速度大小；利用逐差法可以求出加速度的大小．解答：解：匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度大小，所以有：根据△x=aT2有：故答案为：1.9，9.6．点评：在处理实验打出的纸带时，经常要用匀变速直线运动规律以及去推论，因此要加强基本物理规律在实验中的应用．13．（8分）（2011秋•潍坊期末）某同学为了研究小灯泡在不同状态下的电阻，进行了如下实验：（1）用多用电表的欧姆挡测量小灯泡的电阻，当选用xl0Ω挡测量时发现偏角过大，此时应选用×1Ω挡（填写“×1”或“×l00”），然后需将红、黑表笔短接，进行欧姆调零，再进行测量．测量完成后，将选择开关拔向OFF挡（或交流电压的最高挡）位置．（2）该同学用内阻约为几十欧的电流表，内阻约为几千欧的电压表等仪器，测定在不同工作状态下小灯泡的电阻．请画出测量电路的原理图；并根据所画原理图将以下实物图补充完整．（3）在闭合开关前，实物图中滑动变阻器的滑动触头应在右端（填写“左”或“右”）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）该题考查了多用电表欧姆档的使用方法，根据电流的大小选择欧姆档的倍率，从准确性上要重新欧姆调零，从安全性上来选择最终开关的位置．（2）由第一问得到的小灯泡的电阻，与电压表和电流表的内阻相比较，选择电流表是内接还是外接；根据题意要求选择分压电路还是限流电路．（3）接通电路时，要求通过灯泡的电流为零，从而可判断在闭合电建前，滑动变阻器的滑动触头的位置．解答：解：（1）当选用xl0Ω挡测量时发现偏角过大，说明通过的电流过大，此时要减小倍率，应选择×1挡，当换挡后，一定要重新调零，方法是红黑表笔短接，进行欧姆调零；用完后为了仪表安全，若多用电表有OFF挡，一定要将选择开关拔向OFF挡位置，若没有OFF挡，就将选择开关拨向交流电压的最高挡．（2）有第一问可知小灯泡的电阻大约为十几欧姆，电流表的内阻约为几十欧姆，电压表的内阻约为几千欧姆，所以应选择电流表外接；该题要求测定在不同工作状态下小灯泡的电阻，所以滑动变阻器要以分压电路的方式接入电路．电路的原理图与实物图如右图所示．故答案为：（1）×1，短接，OFF挡（或交流电压的最高挡）（2）原理图和实物图如右图（3）右点评：（1）关于多用电表的使用，指针偏转应在表盘刻度的中间三分之一的区域内，偏转过大或过小，对读数误差会较大，尤其是用欧姆档测电阻；欧姆挡换挡后一定要欧姆调零，最后用完，为了安全，一定要把选择开关置于OFF挡（或交流电压的最高挡）．（2）因电压表在电路中会有分流作用，电流表会有分压作用，要熟练的会判断电流表和电压表在电路中的影响，选择影响较小的方式连接电路，即为选择电流表的内接还是外接．并且要知道分压电路和限流电路中滑动变阻器的滑动触头在闭合电建前所处的位置．三、计算题（本大题3小题，共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）14．（8分）（2014秋•桓台县校级期末）2011年7月11日23时41分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功将“天链一号02星”送入太空，火箭飞行约26分钟后，西安卫星测控中心传来的数据表明，星箭分离，卫星成功进入地球同步转移轨道．已知地球半径为R，地球表面的重力加速度g，地球自转周期T，求“天链一号02星”的轨道半径．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：同步卫星的周期已知，根据卫星所受万有引力提供向心力，在地球表面万有引力和重力相等，由此可以计算出同步卫星的轨道半径r；解答：解：“天链一号02星”是地球的同步卫星，处于同步卫星的轨道．它的周期与地球自转周期相等．①又在地球的表面时：得：GM=gR2②联立①②解得：答：“天链一号02星”的轨道半径．点评：万有引力提供圆周运动的向心力、万有引力和表面的重力大小相等，能根据题设条件列方程求解．15．（12分）（2014秋•桓台县校级期末）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为L=0.40m的绝缘细线把质量为m=0.20kg，带有正电荷的金属小球悬挂在O点，电荷量q=0.5C小球静止在B点时，细线与竖直方向的夹角为θ=37°．现将小球拉至位置A使细线水平后由静止释放，（取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80）求：（1）匀强电场的场强大小；（2）小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据小球静止在B点，通过共点力平衡求出匀强电场的场强大小．（2）根据动能定理求出小球通过最低点的速度，结合牛顿第二定律求出细线的拉力．解答：解：（1）取小球为研究对象，静止时=tanθ ①代入数据解得：E=3N/C ②（2）小球从A到C的运动过程由动能定理得：mgL﹣EqL=mv2③到达最低点时竖直方向由牛顿第二定律得：F T﹣mg=m④解得：F T=3mg﹣2qE=3×2﹣2×0.5×3N=3N答：（1）匀强电场的场强大小为3N/C；（2）小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小为3N．点评：本题考查了共点力平衡、牛顿第二定律和动能定理的综合，知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．16．（10分）（2014秋•桓台县校级期末）如图所示，倾角为37°的粗糙斜面固定于水平地面上，质量m=2kg的木块从斜面底端以4m/s的初速度滑上斜面，木块与斜面间的动摩擦因数为0.25，假设斜面足够长．（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）木块在上滑过程中加速度的大小（2）木块在斜面上运动的总时间．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）通过受力分析求出木块上滑的合力，根据牛顿第二定律求出上滑的加速度．（2）判断摩擦力与重力沿斜面向下分力的关系，判断物块能否停在斜面上，然后结合牛顿第二定律和运动学公式求出木块在斜面上运动的总时间．解答：解：（1）物体在上滑的过程中F合=mgsin37°+ff=μmgcos37°则加速度：=gsin37°+μgcos37°=8m/s2．（2）因为mgsin37°＞μmgcos37°，知物体不能静止在斜面上．根据牛顿第二定律物体下滑的加速度：=gsin37°﹣μgcos37°=4m/s2．则上滑的时间：．上滑的位移：根据：得：．所以t=答：（1）木块在上滑过程中加速度的大小为8m/s2．（2）木块在斜面上运动的总时间为．点评：加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度可以根据力求运动，也可以根据运动求力．17．（12分）（2014秋•桓台县校级期末）如图所示，质量为m、电荷量为q的带电粒子，沿与水平面成θ=60°的方向匀速运动，进入垂直纸面向里的圆形匀强磁场区域后，从水平金属板M左端下边缘附近水平射出磁场，进入两平行金属板M、N间，恰好从N板右边缘飞出．已知匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于纸面向里，两带电极板M、N长为l，间距为d，板间电压为U，不计粒子重力．（1）分析判断极板M带正电还是带负电？（2）求粒子在磁场中运动的速度大小；（3）求粒子进入磁场时的入射点与离开磁场时的出射点之间的距离．。

高三物理试题本试题分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分,考试时间为90分钟，满分100分．第Ⅰ卷（选择题共40分）注意事项：1．答Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目、涂写在答题卡上．2．每小题选出答案后，用铅笔把答案卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号．一.选择题（本题共有10个小题；每小题4分，共40分．在每小题给出的4个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分．）1、下列关于超重和失重现象的描述中正确的是（）A．电梯正在减速上升，在电梯中的乘客处于超重状态；B．磁悬浮列车在水平轨道上加速行使时，列车上的乘客处于超重状态；C．荡秋千时秋千摆到最低位置时，人处于超重状态；D．“神舟”六号飞船在绕地球做圆轨道运行时，飞船内的宇航员处于完全失重状态。

2．玩具小车以初速度v0从底端沿足够长的斜面向上滑去，此后该小车的速度图象可能是下图中的哪一个（）3．有一质量为m的小木块，由碗边滑向碗底，碗的内表面是半径为R的圆弧，由于摩擦力的作用，木块运动的速率不变，则木块（）A．运动的加速度为零 B．运动的加速度恒定C．所受合外力大小不变 D．对碗的压力大小不变4．在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的光滑柱状物体A，A与竖直墙之间放一个光滑圆球B，整个装置处于静止状态。

现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3，若F缓慢增大，而整个装置仍保持静止，截面如图所示，在此过程中（）A．F2缓慢增大，F3缓慢增大B．F1缓慢增大，F3保持不变C．F1保持不变，F3缓慢增大D．F2缓慢增大，F3保持不变g的恒定加速度由5．质量为m的物体，在距地面为h的高处，以34静止竖直下落到地面，下列说法正确的是（）mghA．物体的重力势能减少了34mghB．物体的机械能减少34mghC．物体的动能增加了34D．重力做功mgh6. 如图所示是卫星绕地球运行时变轨前后的两个轨道,A点是圆形轨道Ⅰ与椭圆轨道Ⅱ的重合点，B为轨道Ⅱ上的一点，则关于卫星的运动，下列说法中正确的是（）A. 在轨道Ⅱ上经过A时的速度小于经过B时的速度B. 在轨道Ⅱ上经过A时的动能小于在轨道Ⅰ上经过A时的动能C. 在轨道Ⅱ上运动的机械能小于在轨道Ⅰ上运动的机械能D. 在轨道Ⅱ上经过A时的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A时的加速度7.如图，虚线a、b和c是某静电场中的三个等势面，它们的电势分别为U a、U b和U c，U a>U b>U c.一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知（）A.粒子从K到L的过程中，电场力做负功B.粒子从L到M的过程中，电场力做负功C.粒子从K到L的过程中，静电势能增加D.粒子从L到M的过程中，动能减少8．一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的光滑定滑轮，绳的一端系一质量m＝15kg的重物，重物静止于地面上，有一质量m＇＝10kg的猴子，从绳子的另一端沿绳向上爬，如图所示，在重物不离地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度 (g=10m/s2) （）A．5m/s2B．10m/s2C．15m/s2 D．25m/s29.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直低面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流I的正方向，下列各图中正确的是（）A B C D 10．图1中的变压器为理想变压器，原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为10 : 1。

山东省淄博市桓台二中2015届高三上学期期中考试物理试卷一、须知事项：第1卷为选择题，共10小题，每一小题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．如下列图，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上的拉力将〔〕A．逐渐增大B．逐渐减小C．先增大后减小D．先减小后增大考点：向心力；共点力平衡的条件与其应用；决定向心力大小的因素．.分析：在力学中，有这样一类问题：一个物体〔质点〕受到三个共点力〔或多个共点力但可以等效为三个共点力〕作用而处于平衡状态，其中一个力变化引起其它力的变化，需要判定某些力的变化情况，或确定其极值．它的求解方法对其他矢量的分析同样适用．对球受力分析，受重力、支持力、拉力，其中重力大小方向都不变，支持力方向不变、大小变，拉力大小与方向都变，可用作图法分析．解答：解：对球受力分析，受重力、支持力、拉力，如图其中重力大小方向都不变，支持力方向不变，拉力大小与方向都变，将重力按照作用效果分解由图象可知，G1先变小后变大，G2变小又根据共点力平衡条件G1=FG2=N故拉力F先变小后变大；应当选D．点评：这类问题的特点是：一个物体受三个共点力作用而平衡，其中有一个力是恒定的〔大小、方向均不变，一般多为物体的重力G〕；另一个力的方向〔或大小〕始终不变〔支持力〕，第三个力〔拉力〕大小和方向都可能变化．当第三个力与第二个力垂直时，第三个力最小值．找出了这一规律，运用作图法〔或计算法〕求解都比拟方便了．2．〔4分〕如下列图，甲、乙两车均在光滑的水平面上，质量都是M，人的质量都是m，甲车上人用力F推车，乙车上的人用等大的力F拉绳子〔绳与轮的质量和摩擦均不计〕，人与车始终保持相对静止．如下说法正确的答案是〔〕B．甲车的加速度大小为0A．甲车的加速度大小为D．乙车的加速度大小为0C．乙车的加速度大小为考点：牛顿第二定律；加速度．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：以整体法判断受力，根据牛顿第二定律求加速度．解答：解：对甲：以整体为研究对象，水平方向不受力，所以甲车的加速度大小为0；对乙：乙整体为研究对象，水平方向受向左的2F的拉力，故乙车的加速度大小为．应当选：BC点评：对连接体问题，整体法和隔离法是常用的方法，结合牛顿第二定律求解．3．〔4分〕将一软木板挂在竖直墙壁上，作为镖靶．在离墙壁一定距离的同一处，将A、B 两只飞镖水平掷出，不计空气阻力，两只飞镖插在靶上的状态如下列图〔侧视图〕．如此如下说法中正确的答案是〔〕A．B镖到达靶时的速度方向与A镖到达靶时的速度方向一样B．A镖掷出时的初速度比B镖掷出时的初速度小C．B镖的运动时间比A镖的运动时间长D．A镖的质量一定比B镖的质量大考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：A、B两只“飞镖〞，水平掷出，不计空气阻力，做平抛运动，根据竖直方向上的位移比拟运动的时间，再通过水平位移和时间比拟初速度．解答：解：A、根据知，B下降的高度大，如此运动的时间长，根据x=v0t知，水平位移一样，如此A的初速度大于B的初速度．根据平行四边形定如此知，tanα=，A的竖直分速度小，水平初速度大，可知A、B的速度方向不同．故A错误B、由于两个飞镖从同一个点抛出，水平位移一样，但是B在A的下面，说明B在竖直方向上的位移比A的大，由得，B的运动的时间要比A的长，所以A初速度要比B的大，故B错误，C正确；D、平抛运动的规律与物体的质量无关，所以不能判断AB的质量关系，故D错误．应当选：C．点评：A B两个飞镖都做平抛运动，并且从同一个点抛出，抓住它们的主要差异是初速度大小不一样来解题．4．〔4分〕如下列图，三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m，且与水平方向的夹角均为37°．现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度沿传送带下滑，两物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，g取10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．如下判断正确的答案是〔〕A．物块A先到达传送带底端B．物块A、B同时到达传送带底端C．传送带对物块A、B的摩擦力都沿传送带向上D．物块A下滑过程中相对传送带的路程小于物块B下滑过程中相对传送带的路程考点：牛顿第二定律；动摩擦因数．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：A B都以1m/s的初速度沿传送带下滑，故传送带对两物体的滑动摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，用匀变速直线运动规律解决解答：解：A、AB都以1m/s的初速度沿传送带下滑，故传送带对两物体的滑动摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，故两物体沿斜面向下的加速度大小一样，滑到底端时位移大小一样，故时间一样，故A错误，BC正确；D、划痕长度由相对位移决定，A物体与传送带运动方向一样，划痕较少，故D正确；应当选：BCD点评：滑动摩擦力与相对运动方向相反；AB都以1m/s的初速度沿传送带下滑，降低了此题的难度，假设没有这一条件，同学可思考一下会怎样5．甲、乙两物体从同一点开始做直线运动，其v﹣t图象如下列图，如下判断正确的答案是〔〕A．在t a时刻两物体速度大小相等，方向相反B．在t a时刻两物体加速度大小相等，方向相反C．在t a时刻之前，乙物体在甲物体前，并且两物体间的距离越来越大D．在t a时刻之后，甲物体在乙物体前，并且两物体间的距离越来越大考点：匀变速直线运动的图像．.专题：追与、相遇问题．分析：v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．相遇要求在同一时刻到达同一位置．看物体是否改变运动方向就看速度图象是否从时间轴的上方到时间轴的下方．解答：解：A．由图象可知：在t a时刻两物体速度图象相交于一点且都在时间轴的上方，所以此时刻速度一样，即大小相等，方向一样，故A错误；B．v﹣t图象中，斜率表示加速度，由图象可知在在t a时刻甲乙两物体的斜率大小相等，甲为正，乙为负，所以在t a时刻两物体加速度大小相等，方向相反，故B正确；C．在t a时刻之前，乙图象与时间轴围成的面积比甲大，且乙的速度也比甲大，所以在t a时刻之前，乙物体在甲物体前，并且两物体间的距离越来越大，故C正确；D．由C得分析可知D错误．应当选BC．点评：图象由于具有形象直观的特点，因此在物理中广泛应用，对于图象问题要明确两坐标轴的含义，图象斜率、截距、围成面积等含义．6．〔4分〕如下列图，在质量为M=2.0kg的电动机飞轮上，固定着一个质量为m=0.5kg的重物，重物到轴的距离为R=0.25m，重力加速度g=10m/s2．当电动机飞轮以某一角速度匀速转动时，电动机恰好不从地面上跳起，如此电动机对地面的最大压力为〔〕A．30N B．40N C．50N D．60N考点：向心力．.专题：匀速圆周运动专题．分析：当重物转到最高点时，对电动机的拉力等于电动机的重力时，电动机恰好不从地面跳起，此时电动机的飞轮角速度是电动机不从地面跳起时最大的角速度，以重物为研究对象，根据牛顿第二定律求解此角速度．当以此角速度匀速转动，重物转到最低点时，电动机对地面的压力最大，再由牛顿运动定律求解电动机对地面最大的压力．解答：解：设电动机恰好不从地面跳起时飞轮角速度是ω．此时电动机对重物的作用力F=Mg．以重物为研究对象，根据牛顿第二定律得：mg+F=mω2r得到：ω=假设以上述角速度匀速转动，重物转到最低点时，如此有：F′﹣mg=mω2r，得到：F′=mg+mω2r=mg+〔M+m〕g=〔M+2m〕g=〔2+0.5×2〕×10=30N应当选：A点评：此题首先要选择研究对象，分析受力情况．其次确定电动机恰好不从地面跳起的临界条件．7．〔4分〕2007年10月24日，我国发射了第一颗探月卫星“嫦娥一号〞使“嫦娥奔月〞的神话变为现实．嫦娥一号发射后先绕地球做圆周运动，经屡次变轨，最终进入距月球外表h=200km的圆形工作轨道，进展科学探测，月球半径为R，月球外表的重力加速度为g，万有引力常量为G，如此如下说法正确的答案是〔〕A．由题目条件可知月球密度为B．在嫦娥一号工作轨道处的重力加速度为〔〕2gC．嫦娥一号绕月球运行的周期为2πD．嫦娥一号在工作轨道上的绕行速度为考点：万有引力定律与其应用．.专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力，推导出线速度和角速度与周期的公式，得出选项．解答：解：CD、根据万有引力提供向心力，即：，解得；，嫦娥一号的轨道半径为r=R+h，结合黄金代换公式：GM=gR2，代入线速度和周期公式得：，，故CD错误；A、由黄金代换公式得中心天体的质量，月球的体积，如此月球的密度，故A正确；B、月球外表万有引力等于重力，如此，得：，故B正确；应当选：AB点评：此题关键根据卫星的万有引力等于向心力，以与星球外表重力等于万有引力列两个方程求解．8．〔4分〕一个质量为m的物体以某一速度从固定斜面底端冲上倾角α=30°的斜面，其加速度为g，如图此物体在斜面上上升的最大高度为h，如此此过程中正确的答案是〔〕A．物体动能增加了mghB．物体抑制重力做功mghC．物体机械能损失了mgh D．物体抑制摩擦力做功mgh考点：功能关系；功的计算．.分析：知道合力做功量度动能的变化．根据功的定义式求出合力功，再求出动能的变化．知道重力做功量度重力势能的变化．根据动能和重力势能的变化求出机械能的变化．知道除了重之外的力做功量度机械能的变化．解答：解：A、物体在斜面上加速度为，方向沿斜面向下，物体的合力F合=ma=，方向沿斜面向下，斜面倾角a=30°，物体从斜面底端到最大高度处位移为2h，物体从斜面底端到最大高度处，物体合力做功W合=﹣F合•2h=﹣mgh根据动能定理研究物体从斜面底端到最大高度处得W合=△E k所以物体动能减小mgh，故A错误．B、根据功的定义式得：重力做功W G=﹣mgh，故B正确．C、重力做功量度重力势能的变化，所以物体重力势能增加了mgh，而物体动能减小mgh，所以物体机械能损失了mgh，故C正确．D、除了重力之外的力做功量度机械能的变化．物体除了重力之外的力做功还有摩擦力做功，物体机械能减小了mgh，所以摩擦力做功为﹣mgh，故D错误．应当选：BC．点评：解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．我们要正确的对物体进展受力分析，能够求出某个力做的功．9．质量分别为m和2m的物块、B用轻弹簧相连，设两物块与接触面间的动摩擦因数都一样．当用水平力F作用于B上且两物块在粗糙的水平面上，共同向右加速运动时，弹簧的伸长量为x1，如图甲所示；当用同样大小的力F竖直共同加速提升两物块时，弹簧的伸长量为x2，如图乙所示；当用同样大小的力F沿固定斜面向上拉两物块使之共同加速运动时，弹簧的伸长量为x3，如图丙所示，如此x1：x2：x3等于〔〕A．1：1：1 B．1：2：3 C．1：2：1 D．无法确定考点：牛顿运动定律的应用-连接体；胡克定律．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：此题是连接体问题，可以先用整体法根据牛顿第二定律求出加速度，用F和m表示，再隔离A研究，求得弹簧的弹力与伸长量，最后得到x1：x2：x3．解答：解：甲图，对整体研究，根据牛顿第二定律得，a1=对A：kx1﹣μmg=ma1解得x1=乙图，对整体研究，根据牛顿第二定律得，a2=对A：kx2﹣mg=ma2解得x2=如此丙图，对整体研究，根据牛顿第二定律得Fa3=对A：kx3﹣mgsinθ﹣μmgcosθ=ma3解得x3=如此x1：x2：x3=1：1：1故A正确，BCD错误应当选A．点评：牛顿定律处理连接体问题时，常常采用隔离法和整体法相结合的方法研究．隔离法选取受力少的物体研究简单．求内力时，必须用隔离法．求整体的加速度可用整体法．10．如下列图，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m 的物体接触〔未连接〕，弹簧水平且无形变．用水平力，缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．如此〔〕A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgC．物体做匀减速运动的时间为2D．物体开始向左运动到速度最大的过程中抑制摩擦力做的功为μmg〔x0﹣〕考点：牛顿第二定律．.专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：此题通过分析物体的受力情况，来确定其运动情况：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，可知加速度先减小后增大，物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；撤去F后，根据牛顿第二定律求解物体刚运动时的加速度大小；物体离开弹簧后通过的最大距离为3x0，由牛顿第二定律求得加速度，由运动学位移公式求得时间；当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时，速度最大，可求得此时弹簧的压缩量，即可求解物体开始向左运动到速度最大的过程中抑制摩擦力做的功．解答：解：A、撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，如此物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外力先减小后增大，如此加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；故A错误．B、撤去F后，根据牛顿第二定律得物体刚运动时的加速度大小为a==．故B正确．C、由题，物体离开弹簧后通过的最大距离为3x0，由牛顿第二定律得：匀减速运动的加速度大小为a==μg．将此运动看成向右的初速度为零的匀加速运动，如此3x0=，得t=．故C错误．D、由上分析可知，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时，速度最大，此时弹簧的压缩量为x=，如此物体开始向左运动到速度最大的过程中抑制摩擦力做的功为W=μmg〔x0﹣x〕=．故D正确．应当选BD点评：此题分析物体的受力情况和运动情况是解答的关键，要抓住加速度与合外力成正比，即可得到加速度是变化的．运用逆向思维研究匀减速运动过程，比拟简便．二、填空题〔此题共2小题，共14分．把答案写在答题卡中指定的答题处．〕11．〔8分〕在“探究加速度与力、质量的关系〞的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车的质量用M表示，盘与盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到．〔1〕当M与m的大小关系满足M＞＞m 时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘与盘中砝码的总重力．〔2〕一组同学在探究加速度与质量的关系时，保持盘与盘中砝码的质量一定，改变小车与车中砝码的质量，测出相应的加速度．在分析处理时，该组同学产生分歧：甲同学认为应该根据实验中测得的数据作出小车加速度a与其质量M的图象，乙同学如此认为应该作出a与其质量倒数的图象．为了比拟容易地得出加速度a与质量M的关系，你认为同学乙〔填“甲〞、“乙〞〕的方案更合理．〔3〕甲同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出a﹣F图线，如图2所示，如此实验存在的问题是平衡摩擦力时木板倾角过大．〔4〕如图3所示为打点计时器打出的一条纸带，图中A、B、C、D、E等是按时间顺序先后打出的计数点〔相邻两个计数点间有四个点未画出〕．用刻度尺量出AB、DE之间的距离分别为0.84cm，那么小车的加速度大小是0.52 m/s2．〔结果保存两位有效数字〕考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．.专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M为研究对象求出绳子的拉力，通过比拟绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．〔2〕反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比拟容易判定自变量和因变量之间的关系．〔3〕实验时要平衡摩擦力，根据实验须知事项分析图示图象然后答题．〔4〕应用匀变速直线运动的推论求出小车的加速度．解答：解：〔1〕由牛顿第二定律得，对M、m组成的系统：mg=〔M+m〕a，对M：F拉=Ma，解得：F拉==，当M＞＞m时，F拉≈mg，即小车的质量远大于砝码和盘的总质量，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力，因此实验时要保证：M＞＞m．〔2〕〕由牛顿第二定律得：F=Ma，a=F，由此可知，与M成反比，反比例函数图象是曲线，a与成正比，a﹣图象是正比例函数图象，为方便实验数据处理，应作出：a﹣图象，乙同学的方案合理．〔3〕由图示a﹣F图象可知，图象在a轴上有截距，即：当F=0时加速度不为零，小车受到的合外力不为零，这是平衡摩擦力时过度，木板倾角过大造成的．〔4〕由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，相邻的计数点间的时间间隔：t=0.02s×5=0.1s，由匀变速直线运动的推论：△x=at2可知，小车的加速度：a===0.52m/s2．故答案为：〔1〕M＞＞m；〔2〕乙；〔3〕平衡摩擦力时木板倾角过大；〔4〕0.52．点评：该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以与须知事项．其中平衡摩擦力的原因以与做法在实验中应当清楚．12．〔6分〕利用图〔a〕实验可粗略测量人吹气时对小球的作用力F．两端开口的细玻璃管水平放置，管内放有小球，实验者从玻璃管的一端A吹气，小球从另一端B飞出，测得玻璃管口距地面高度h，小球质量m，开始时球静止的位置到管口B的距离x，落地点C到管口B 的水平距离l．然后屡次改变x，测出对应的l，画出l2﹣x关系图线如图〔b〕所示，由图象得出图线的斜率为k．重力加速度为g．〔1〕不计小球在空中运动时的空气阻力，根据以上测得的物理量可得，小球从B端飞出的速度v0=．〔2〕假设实验者吹气时对小球的水平作用力恒定，不计小球与管壁的摩擦，吹气时对小球作用力F=．考点：动能定理；平抛运动．.专题：动能定理的应用专题．分析：棉球从B端飞出做平抛运动，可以根据平抛运动的根本公式解出速度v0；根据动能定理结合图象斜率可得F大小．解答：解：〔1〕棉球从B端飞出做平抛运动，根据平抛运动的根本公式得：l=v0t，h=解得：v0=〔2〕根据动能定理可得：Fx=故：Fx==又：故：F=故答案为：点评：该题考查了平抛运动的根本规律，要求同学们学会熟练运用动能定理解题，比拟简洁、方便，此题难度不大．三、计算题〔本大题4小题，共46分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．〕13．〔10分〕质量为m=lkg的物体在平行于斜面向上的拉力 F的作用下从斜面底端由静止开始沿斜面向上运动，一段时间后撤去拉力F，其向上运动的v﹣t图象如下列图，斜面固定不动，与水平地面的夹角θ=37°〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2〕．求：〔1〕物体与斜面间的动摩擦因数μ〔2〕拉力F的大小；〔3〕物体沿斜面向上运动的最大距离x0．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1、2〕根据图线的斜率求出物体匀加速和匀减速直线运动的加速度大小，通过牛顿第二定律求出拉力的大小和物体与地面间的动摩擦因数．〔3〕通过图线与时间轴围成的面积求出物体沿斜面向上运动的最大距离．解答：解：设施加外力F的过程中物体的加速度为a1，撤去力F的瞬间物体的速度为v，撤去力F后物体上滑的加速度大小为a2，由牛顿第二定律得：F﹣mgsinθ﹣μmgcosθ=ma1mgsinθ+μmgcosθ=ma2由图象可知：解得：μ=0.25F=12N物体沿斜面向上运动的最大距离．答：〔1〕物体与斜面间的动摩擦因数为0.25．〔2〕拉力F的大小为12N．〔3〕物体沿斜面向上运动的最大距离48m．点评：解决此题的关键知道图线的斜率表示加速度的大小，通过牛顿第二定律进展求解．14．〔10分〕高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v0=30m/s，相距s0=100m．t=0时刻甲车遇到紧急情况，之后甲、乙两车的加速度随时间变化的关系分别如图甲、乙所示，以初速度方向为正方向，求：〔1〕两车在0﹣9s内何时相距最近；〔2〕最近距离多大．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：根据图象判定甲和乙的运动性质根据甲乙运动性质和甲乙开始时的距离，有运动学分析甲乙两车在0﹣9s内何时相距最近以与最近的距离．解答：解：〔1〕由图象知，甲车前3s做匀减速运动，乙车做匀速直线运动，3s末甲车速度为0，此过程乙的速度大于甲的速度，故两者距离减小，接着甲开始做匀加速运动而乙做匀减速运动，两车距离进一步减小，当甲乙两车速度相等时两车相距最近，所以有前3s甲车的位移为：x甲1=t=×3m=45m，乙车的位移为：x乙1=v0t=30×3m=90m3s后甲车做匀加速直线运动，乙车做匀减速直线运动，当两车速度相等时两车相距最近．两车速度相等时的时间为：a甲2t2=v0+a乙t2代入甲乙的加速度和乙车的初速度v0可解得当两车速度相等时所经历的时间为：t2===3s故6s时刻两车最近．〔2〕所以此过程中甲的位移为：x甲2=t2=×3m=22.5m，乙的位移：x乙2=v0t2+a乙t22=30×3+×〔﹣5〕×32m=67.5m所以此时甲乙相距的最近距离为：△x=x甲1+x甲2+s0﹣〔x乙1+x乙2〕=45+22.5+100﹣〔90+67.5〕m=10m答：〔1〕两车在0～9s内6s末相距最近；〔2〕最近距离是10m．点评：能正确的读懂图象，并能根据图象所反映的物体运动规律进展求解．能抓住两车相距最近时的临界条件是两车速度相等．15．如下列图，光滑水平面上放着长L=2m，质量为M=4.5kg的木板〔厚度不计〕，一个质量为m=1kg的小物体放在木板的最右端，m和M之间的动摩擦因数μ=0.1，开始均静止．今对木板施加一水平向右的恒定拉力F，〔g取10m/s2〕求：〔1〕为使小物体不从木板上掉下，F不能超过多少．〔2〕如果拉力F=10N，小物体能获得的最大速度．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕为使小物体不从木板上掉下，如此小物体不能相对于木板滑动，隔离对小物体分析，求出它的临界加速度，再对整体分析，运用牛顿第二定律求出拉力的最大值．〔2〕假设拉力F小于最大值，如此它们最后一起做匀加速直线运动，假设拉力F大于最大值，知小物体与木板之间始终发生相对滑动，小物体受到水平方向上只受摩擦力，做匀加速直线运动，当它滑离木板时，速度最大，根据两者的位移差等于木板的。

2013-2014学年山东省淄博市桓台二中高三（上）期末物理试卷一、（每小题4分）．电场线越密的地方，电场，知场强大小等于单位电量的电荷在该点所受的电场力得知，在负点电荷形成的电场中，离点电荷越近，和E=k2．（4分）（2012•潍坊二模）如图所示，真空中有两个正电荷，带电量分别为Q、4Q、O为两电荷连线中点，两试探电荷a、b均带正电，a自O点垂直连线向上射出，b自O沿连线向左射出，则（）E=k3．（4分）（2013秋•桓台县校级期末）如图甲所示，AB是电场中的一条电场线，质子以某一初速度从A点出发，仅在电场力作用下沿直线从A点运动到B点，其v﹣t图象如图乙所示，则下列说法正确的是（）4．（4分）（2011秋•潍坊期末）如图所示，在水平向右的匀强磁场中，在O点固定一电荷量为Q的正电荷，a、b、c、d为以O为圆心的同一圆周上的四点，bd连线与电场线平行，ac 连线与电场线垂直．则（）5．（4分）（2012•湖南一模）已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强电阻值越大．为探测有无磁场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示的电路，电源的电动势E和内阻r不变，在没有磁场时调节变阻器R使电灯L正常发光．若探测装置从无磁场区进入强磁场区，则（）6．（4分）（2013秋•桓台县校级期末）如图电路中电源电动势为E，内电阻为r，闭合开关S，待电流达到稳定后，电流表示数为I，电压表示数为U，电容器C所带电荷量为Q．现将滑动变阻器的滑动触头从图示位置向b端移动一些，待电流达到稳定后，与移动前相比（）C=判C=7．（4分）（2013•贵州模拟）一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细BR=即可，基础题．8．（4分）（2014秋•库尔勒市校级期末）一个直流电动机内阻为R，所加电压为U，电流为I，电动机的输出功率为IU=I2R=，9．（4分）（2011•翠屏区模拟）如图所示为两个横截面分别为圆和正方形，磁感应强度相同的匀强磁场，圆的直径和正方形的边长相等，两个电子分别以相同的速度同时飞人两个磁场区域，速度方向均与磁场方向垂直，进入圆形磁场的电子初速度方向对准圆心；进入正方形磁场的电子初速度方向垂直于边界，从中点进入．则下面判断正确的是（）qvB=qvB=R=10．（4分）（2013秋•桓台县校级期末）在一绝缘、粗糙且足够长的水平管道中有一带电量为q、质量为m的带电球体，管道半径略大于球体半径，整个管道处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，磁感应强度方向与管道垂直，现给带电体一个水平速度v0，则在整个运动过程中，带电球体克服摩擦力所做的功可能为（）Dmv02 mv02v=时，不受mv02mv0211．（4分）（2013秋•桓台县校级期末）如图在x轴上方存在垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场，x轴下方存在垂直纸面向外的磁感应强度为的匀强磁场．一带负电的粒子从原点0以与x轴成30°角斜向上射人磁场，且在上方运动半径为R则（）粒子完在成一次周期性运动的时间为T=，知粒子圆周运动的半径与T=t1=T=t2=T′=•=T′=t1+t2=．故12．（4分）（2013秋•桓台县校级期末）如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的质点，由两水平极板正中，以相同的初速度V0，先后垂直匀强电场射入，并分别落在负极板上甲、乙、丙三处，可以判定（）y=at2二、填空题（本题共2小题，共16分．把答案写在答题卡中指定的答题处．）13．（8分）（2011•庐阳区校级模拟）今年暑假开学之后甲型H1N1在全国各地大量爆发，山东半岛也出现较多的病例．为了做好防范，需要购买大量的体温表，市场体温表出现供货不足的情况，某同学想到自己制作一个金属温度计，为此该同学从实验室找到一个热敏电阻，并通过查资料获得该热敏电阻的阻值R随温度t变化的图线，如图甲所示．该同学进行了如下设计：将一电动势E=1.5V（内阻不计）的电源、量程5mA内阻Rg=100Ω的电流表及电阻箱R′，及用该电阻作测温探头的电阻R，串成如图乙所示的电路，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”．①电流刻度较小处对应的温度刻度较高；（填“较高”或“较低”）②若电阻箱阻值R′=70Ω，图丙中5mA刻度处对应的温度数值为30℃．14．（8分）（2014•鲤城区校级模拟）用以下器材测量待测电阻Rx的阻值：待测电阻Rx：阻值约为100Ω；电源E：电动势约为6.0V、内阻忽略不计；电流表X：量程50mA、内阻r1=20Ω；电流表Y：量程300mA、内阻r2约为4Ω定值电阻R0：阻值为20Ω；滑动变阻器R：最大阻值为10Ω；单刀单掷开关S、导线若干．测量电阻Rx的电路图如右图所示（1）电路图中的电流表A1应该选择电流表X（填“X”或“Y”），开关S闭合前，滑动变阻器R滑片应该移到A端（填“A”、“B”或“无要求”）（2）若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则由已知量和测得量表示Rx的表达式为Rx=﹣r1．Rx=三、计算题（本大题3小题，共36分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．（8分）（2013秋•桓台县校级期末）如图所示，用长为l的绝缘细线拴一个质量为m、带电量为+q的小球（可视为质点）后悬挂于O点，整个装置处于水平向右的匀强电场E中．将小球拉至使悬线呈水平的位置A后，由静止开始将小球释放，小球从A点开始向下摆动，当悬线转过60°角到达位置B时，速度恰好为零．求：（1）B、A两点的电势差UBA；（2）电场强度E．﹣UAB==是是16．（14分）（2009•威海模拟）如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.40m．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E=1.0×104N/C．现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C，质量m=0.10kg的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点．取g=10m/s2．试求：（1）带电体在圆形轨道C点的速度大小．（2）D点到B点的距离xDB．（3）带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小．（4）带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能．，依据牛顿第二定律：点时，根据牛顿第二定律有的过程中，依据动能定理：根据牛顿第三定律，带电体对轨道的压力）17．（14分）（2014秋•桓台县校级期末）如图所示，质量为m、电荷量为q的带电粒子，沿与水平面成θ=60°的方向匀速运动，进入垂直纸面向里的圆形匀强磁场区域后，从水平金属板M左端下边缘附近水平射出磁场，进入两平行金属板M、N间，恰好从N板右边缘飞出．已知匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于纸面向里，两带电极板M、N长为l，间距为d，板间电压为U，不计粒子重力．（1）分析判断极板M带正电还是带负电？（2）求粒子在磁场中运动的速度大小；（3）求粒子进入磁场时的入射点与离开磁场时的出射点之间的距离．d=d=v=qvB=m R=d=2Rsin。

山东省各地2015高三上学期期末考试数学理试题分类汇编解析几何一、选择题1、（德州市2015届高三）已知中心在原点的椭圆与双曲线有公共焦点，左右焦点分别为 1,F F ，且两条曲线在第一象限的交点为P ，12PF F ∆是以1PF 为底边的等腰三角形，若 110PF =，椭圆与双曲线的离心率分别为12,e e ，则 21e e -的取值范围是A ． 2(,)3+∞ B ． 4(,)3+∞C ． 2(0,)3D ． 24(,)332、（莱州市2015届高三）已知双曲线22221x y a b-=的焦点到其渐近线的距离等于2，抛物线22y px =的焦点为双曲线的右焦点，双曲线截抛物线的准线所得的线段长为4，则抛物线方程为A. 24y x =B. 2y =C. 2y =D. 28y x =3、（临沂市2015届高三）已知抛物线28y x =的准线与双曲线()222210,0x y a b a b-=>>相交于A 、B 两点，双曲线的一条渐近线方程是y x =，点F 是抛物线的焦点，且△FAB 是等边三角形，则该双曲线的标准方程是 A.221366x y -= B.221163x y -= C.221632x y -= D.221316x y -= 4、（青岛市2015届高三）圆()2211x y -+=和圆222440x y x y +++-=的位置关系为A.相交B.相切C.相离D.以上都有可能5、（潍坊市2015届高三）若过点()2P --的直线与圆224x y +=有公共点，则该直线的倾斜角的取值范围是 A. 0,6π⎛⎫⎪⎝⎭B. 0,3π⎡⎤⎢⎥⎣⎦ C. 0,6π⎡⎤⎢⎥⎣⎦ D. 0,3π⎛⎤⎥⎝⎦6、（淄博市六中2015届高三）已知双曲线渐近线方程：x y 2±=，焦点是)10,0(±F ，则双曲线标准方程是( )A 、12822=-x y B 、12822=-y x C 、18222=-x y D 、18222=-y x7、（桓台第二中学2015届高三）已知双曲线x 2a 2－y 2b 2＝1(a ＞0，b ＞0)的左顶点与抛物线y 2＝2px (p ＞0)的焦点的距离为4，且双曲线的一条渐近线与抛物线的准线的交点坐标为 (－2，－1)，则双曲线的焦距为( )．A ．2 3B ．2 5C ．4 3D ．4 5二、填空题1、（济宁市2015届高三）已知双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>恒谦网的两条渐近线与抛物线22(0)y px p =>的准线分别交于A ，B 两点，O 为坐标原点，若双曲线的离心率为2，△AOB 程是＿＿＿＿2、（青岛市2015届高三）已知双曲线的方程为()222210,0x y a b a b-=>>，双曲线的一个焦点到一条渐近线的距离为3（c 为双曲线的半焦距长），则双曲线的离心率e 为__________3、（泰安市201520y -+=100y --=截圆C 所得的弦长均为8，则圆C 的面积是 ▲ .4、（潍坊市2015届高三）已知12,F F 分别为双曲线()222210,0x y a b a b-=>>的左，右焦点，P 为双曲线右支上的一点，且122PF PF =.若12PFF ∆为等腰三角形，则该双曲线的离心率为_______ 5、（滕州市第二中学2015届高三）等轴双曲线C 的中心在原点，焦点在x 轴上，C 与抛物线y 2＝16x 的准线交于A ，B 两点，|AB |＝43，则C 的实轴长为6、（滕州市第三中学2015届高三）已知双曲线2222:1x y C a b -=与椭圆22194x y +=有相同的焦点，且双曲线C 的渐近线方程为2y x =±，则双曲线C 的方程为三、解答题1、（德州市2015届高三）如图已知抛物线 2:2(0)C y px p =>的准线为 l ，焦点为F ，圆 M 的圆心在x 轴的正半轴上，且与y 轴相切，过原点作倾斜角为3π的直线t ，交 l 于点A ，交圆M 于点B ，且 AO OB ==2. (I)求圆M 和抛物线C 的方程；(Ⅱ)已知点N(4，0)，设G ，H 是抛物线上异于原点O 的两个 不同点，且N ，G ，H 三点共线，证明： OG OH ⊥并求△GOH 面 积的最小值．2、（济宁市2015届高三）已知椭圆22221(0)x y a b a b+=>>经过点（0，离心率为12，左、右焦点分别为1(,0)F c -与2(,0)F c 。

山东省桓台县第二中学2015届高三上学期第二次检测（11月）考试数学试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共2页。

满分150分，考试时间120分钟。

考试结束后，将本试卷以及答题卡和答题纸一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在试卷、答题卡和答题纸规定的地方。

第Ⅰ卷（选择题 共50分）一、选择题：本大题共 10 小题，每小题 5 分，共 50 分。

1. 已知全集U={0，1，2，3，4），集合A={1，2，3），B={2，4}，则()U C A B 为( )A.{1,2,4)B.{2,3,4)C.{0,2,4)D.{0,2,3,4) 2. 设x ∈R ，则x=l 是21x =的( )A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件 3. 下列函数中，既是偶函数又在(0,)+∞单调递增的函数是( )A ．3xy = B ．||1y x =+ C ．21y x =-+ D ．y =4. 直线1+=kx y 与曲线b ax x y ++=3相切于点A （1，3），则2a +b 的值为（ ） A.2B. -1C.1D.-25. 若()f x 是R 上周期为5的奇函数，且满足(1)1,(2)3f f ==，则(8)(4)f f -的值为 A ．1- B ．1 C ．2- D ．26. 已知a ,b 均为单位向量，它们的夹角为3π，则a b += ( )A.1D.27. 已知)()(,)()(x f y x f y x f x f '=='和将的导函数是函数的图象画在同一个直角坐标系中，不可能正确的是（ ）8. 函数y ＝sin(2x ＋ϕ)，(0,)2πϕ∈的图象如图，则ϕ的值为（ ）A.3π或34π B. 3π C. 34π D. 32π 9. 各项都是正数的等比数列}{n a 的公比1≠q ，且132,21,a a a 成等差 数列，则234345a a a a a a ++++的值为（ ）A ．251- B ．215+ C ．215- D ．215+或215- 10. 已知 (1)()(4) 2 (x 1)2x a x f x ax ⎧>⎪=⎨-+≤⎪⎩是R 上的单调递增函数，则实数a 的取值范围是 A ．(1,)+∞ B ．(4,8) C ．[4,8) D ．(1,8)第Ⅱ卷（非选择题 共100分）二、填空题:本大题共5小题， 每小题5分，共25分11 . 已知函数()f x 是(,)-∞+∞上的奇函数,且()f x 的图象关于直线1x =对称,当[1,0]x ∈-时,()f x x =-，则(2013)(2014)f f +=12. 定义运算a b ad bc c d =-，若函数()123x f x x x -=-+在(,)m -∞上单调递减，则实数m 的取值范围是 13. 若21)4tan(=-θπ，则=θθcos sin14. 把函数)(sin R x x y ∈=的图象上所有的点向左平移6π个单位长度，再把所得图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍（纵坐标不变），得到的图象所表示的函数为 15. 等比数列{}n a 中，公比q=4，且前3项之和是21，则数列的通项公式n a = 三、解答题：本大题共6小题，共75分。

山东省各地2015高三上学期期末考试数学理试题分类汇编不等式1、（德州市2015届高三）由不等式组 0,0,20x y y x ≤⎧⎪≥⎨⎪--≤⎩确定的平面区域记为 1Ω，不等式组12x y x y +≤⎧⎨+≥-⎩确定的平面区域记为 2Ω，则 1Ω与 2Ω公共部分的面积为A ． 154B ． 32C ． 34D ． 742、（济宁市2015届高三）设x ，y 满足约束条件2208400,0x y x y x y -+≥⎧⎪--≤⎨⎪≥≥⎩，若目标函数(0,0)z ax by a b =+>>的最大值为8，则a b 的最大值为A 、1B 、2C 、3D 、43、（莱州市2015届高三）设x y 、满足约束条件360200,0x y x y x y --≤⎧⎪-+≥⎨⎪≥≥⎩，若目标函数()0,0z ax by a b =+>>的最大值为10，则23a b+的最小值为 4、（临沂市2015届高三）直线10x my ++=与不等式组30,20,20x y x y x +-≥⎧⎪-≥⎨⎪-≤⎩表示的平面区域有公共点，则实数m 的取值范围是 A. 14,33⎡⎤⎢⎥⎣⎦ B. 41,33⎡⎤--⎢⎥⎣⎦ C. 3,34⎡⎤⎢⎥⎣⎦ D. 33,4⎡⎤--⎢⎥⎣⎦5、（青岛市2015届高三）当01a a >≠且时，函数()()log 11a f x x =-+的图像恒过点A ，若点A 在直线0mx y n -+=上，则42m n +的最小值为________6、（泰安市2015届高三）若变量,x y 满足条件211y x x y y ≤⎧⎪+≤⎨⎪≥-⎩，则2x y +的取值范围为A. 5,02⎡⎤-⎢⎥⎣⎦B. 50,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦C. 55,23⎡⎤-⎢⎥⎣⎦D. 55,22⎡⎤-⎢⎥⎣⎦7、（潍坊市2015届高三）某公司生产甲、乙两种桶装产品，已知生产甲产品1桶需耗A 原料3千克，B 原料1千克；生产乙产品1桶需耗A 原料1千克，B 原料3千克.每生产一桶甲产品的利润400元，每生产一桶乙产品的利润300元.公司在生产这两种产品的计划中，每天消耗A 、B 原料都不超过12千克，通过合理安排生产计划，公司每天可获得的最大利润是（单位：元）A.1600B.2100C.2800D.48008、（淄博市六中2015届高三）若实数x ，y 满足⎪⎩⎪⎨⎧≥+-≥≤0100y x y x ，则1x y z x +=-的最大值为 （ ） A ． B ．2 C ．1- D ．129、（桓台第二中学2015届高三）某厂生产的甲、乙两种产品每件可获利润分别为30元、20元，生产甲产品每件需用A 原料2 kg 、B 原料4 kg ，生产乙产品每件需用A 原料3 kg 、B 原料2 kg.A 原料每日供应量限额为60 kg ，B 原料每日供应量限额为80 kg.要求每天生产的乙种产品不能比甲种产品多超过10件，则合理安排生产可使每日获得的利润最大为( )A ．500元B ．700元C ．400元D ．650元10、（滕州市第二中学2015届高三）若点在直线022=-+ny mx 上，其中则11m n+的最小值为 11、（滕州市第三中学2015届高三）设实数,x y 满足,102,1,x y y x x ≤⎧⎪≤-⎨⎪≥⎩向量2,x y m =-()a ，1,1=-()b ．若// a b ，则实数m 的最大值为 ．12、（淄博市2015届高三）13、（德州市2015届高三）不等式 136x x -++≤的解集为A ．[-4，2]B ． [)2,+∞C ． (],4-∞-D ． (][),42,-∞-+∞14、（济宁市2015届高三）若对任意实数x ，不等式｜x ＋3｜＋｜x －1｜≥a 2－3a 恒成立，则实数a 的取值范围为＿＿＿15、（淄博市六中2015届高三）已知正数满足，则的最大值为 ． 16、（滕州市第二中学2015届高三）不等式1x x -≤的解集是参考答案1、D2、D3、54、D5、6、C7、B8、D ；解析：1x y z x +=-1)1(1111---+=-++-=x y x y x ，先求两点)1,1().,(-Q y x P 连线的斜率最大值。

山东省桓台第二中学2015届高三上学期第二次检测（11月）考试历史试题 2014年11月本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共4页。

满分100分，考试时间90分钟。

考试结束后，将本试卷以及答题卡和答题纸一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在试卷、答题卡和答题纸规定的地方。

第Ⅰ卷注意事项：第Ⅰ卷为选择题，共26小题，每小题2分，共52分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题目要求。

每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案标号。

不能直接写在本试卷上。

1.宋代有学者说，“管摄天下人心，收宗族，厚风俗，使人不忘本，须是明谱系、世族与立宗子法”，“宗子法坏，则人不自知来处，以至流转四方，往往亲未绝，不相识”。

他们的主张是基于 A.宗法制能够维系社会安定 B.宋朝时期人们的宗法现念淡薄 C.宋朝人具有迁徙的特点 D.宗法观念有利于理学的传播2.史学家钱穆曾说：“从前封建时代，政府和家庭，有分不开的关系，现在则不然了。

组织政府的是一个一个人，不再是一个一个家。

”这一变化A.促进了“民本”思想的产生B.形成了“家国一体”的观念C.推动了土地私有制的确立D.有利于中央集权的加强3.“宰相之用舍听之天子，谏官之予夺听之宰相，天子之得失则举而听之谏官，环相为治而言乃为功。

谏官者，以绳纠天子，而非以绳纠宰相者也……”该材料表明 A.皇帝和谏官矛盾尖锐B.皇帝的权力受到宰相的制约C.监察制度适用于监督宰相D.谏官的职责是规劝君主的过失4.“天下之士群趋而奔向之。

上意所向，风俗随之，人才高下、士风之醇漓，率由是出。

”材料描述的制度是A.察举制B.九品中正制C.三省六部制D.科举制 5.柏拉图公开认为：“根据犯罪可以处以不同的刑罚。

”在实践中，雅典法律将雅典人分为三种：本邦公民、外邦公民、奴隶。

本邦公民伤害了自由民可以支付罚款，外邦人伤害了自由民则被驱除出境，奴隶伤害了自由民则可能被判处死刑。

2014年11月 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共4页。

满分150分，考试时间150分钟。

第Ⅰ卷 注意事项：第Ⅰ卷为选择题，共12小题，每小题3分，共36 分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题目要求。

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案标号。

不能直接写在本试卷上。

一、（15分） 1、下列词语中加点字的注音全对的一项是 （ ） A、解剖(pōu) 羯鼓(xié) 弄堂（lòng） 水门汀（tīng） 载歌载舞（zǎi） B、船舷（xuán） 虔敬 (qián) 着陆(zhuó) 搽些粉（chá） 长歌当哭（dàng） C、吐哺（bǔ） 聆( líng)听 树杪（shǎo） 飨士卒（xiǎng） 舐犊情深 (shì) D、遒劲（jìng） 青荇(xìng) 浸渍（zì） 揩地板（kāi） 如法炮（páo）制 2、下列词语中没有错别字的一组是（ ） A、联袂 滂沱 心慌意乱 源远流长 机不可失，时不再来B、舔舐 脉膊 融汇贯通 自食其言 将欲取之，必先予之。

C、缥缈 烦燥 挥斥方遒 一愁莫展 人无远虑，必有近忧。

D、料峭 撕打 瞠目结舌 迫不急待 月满则亏，水满则溢 3、下面句子中空缺处应该选用的词语正确的一组是（ ） ①登上山脊极目远眺，高纬度的天穹显得格外________高远，湛蓝色的天空中飘浮着朵朵白云。

②真正的________，必然是当朋友的尊严受到侵犯，作为朋友必与他一起挺身而出，而不是萎缩在某个角落。

③在种种无奈的迫使下，他还是来到了这块曾经十分向往，而现在却又非常_____的地方。

A、辽阔?义气彷徨B、寥廓?意气犹豫C、寥廓?义气彷徨D、辽阔?意气犹豫 4、下列句子中，加点的成语使用不恰当的一项是（ ） A、紫砂杯具自古以来就为茶器之首，其丰厚的文化底蕴与保健功效，是现代工业化生产的玻璃、塑料杯具望尘莫及的。

山东省桓台县第二中学2015届高三上学期第二次检测（11月）考试物理试卷2014年11月本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共3页。

满分100分，考试时间90分钟。

考试结束后，将本试卷以及答题卡和答题纸一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在试卷、答题卡和答题纸规定的地方。

第Ⅰ卷注意事项：第Ⅰ卷为选择题，共10小题，每小题4分，共40分。

在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案标号。

不能直接写在本试卷上。

1.如图所示，小球用细绳系住放在倾角为的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，细绳上的拉力将A.逐渐增大B.逐渐减小C.先增大后减小D.先减小后增大2.如图所示，甲、乙两图都在光滑的水平面上，小车的质量都是M，人的质量都是m，甲车上人用力F推车，乙车上的人用等大的力F拉绳子，（绳与轮的质量和摩擦均不计），人与车始终保持相对静止，下列说法正确的是A.甲车的加速度大小为B.甲车的加速度大小为0C.乙车的加速度大小为D.乙车的加速度大小为03.将一软木板挂在竖直墙壁上，作为镖靶。

在离墙壁一定距离的同一处，将A、B两只飞镖水平掷出，不计空气阻力，两只飞镖插在靶上的状态如图所示（侧视图）。

则下列说法中正确的是A.B镖到达靶时的速度方向与A镖到达靶时的速度方向相同B.A镖掷出时的初速度比B镖掷出时的初速度小C.B镖的运动时间比A镖的运动时间长D.A镖的质量一定比B镖的质量大4.如图所示，三角形传送带以1 m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2 m，且与水平方向的夹角均为37°。

现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1 m/s的初速度沿传送带下滑，两物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，g取10m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8。

山东省桓台第二中学2015届高三上学期期末考试物理试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共3页。

满分100分，考试时间90分钟。

考试结束后，将本试卷以及答题卡和答题纸一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在试卷、答题卡和答题纸规定的地方。

第Ⅰ卷注意事项：第Ⅰ卷为选择题，共10小题，每小题4分，共40分。

在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案标号。

不能直接写在本试卷上。

1．物块从固定斜面底端以一定的初速度沿斜面上滑，其速度大小随时间变化关系如图所示，则物块A．在0.5s时离斜面底端最远B．沿斜面上滑的最大距离为2mC．在1.5s时回到斜面底端D．上滑时加速度大小是下滑时加速度大小的2倍2．如图所示，质量为M的斜面体A放在粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，轻绳与斜面平行且另一端固定在竖直墙面上，不计小球与斜面间的摩擦，斜面体与墙不接触，整个系统处于静止状态。

则A．水平面对斜面体没有摩擦力作用B．水平面对斜面体有向左的摩擦力作用C．斜面体对水平面的压力等于（M＋m）gD．斜面体对水平面的压力小于（M＋m）g3．“嫦娥三号”包括着陆器和月球车，于2013年12月2日1时30分由长征三号乙运载火箭从西昌卫星发射中心成功发射，12月6日抵达月球轨道，开展嫦娥三期工程中的第二阶段——“落”。

据媒体报道，嫦娥三号卫星月球轨道为圆轨道，轨道高度100 Km，运行周期117分钟。

若还知道引力常量和月球平均半径，仅利用以上条件不能求出的是A．月球的平均密度B．月球对嫦娥三号卫星的吸引力C．嫦娥三号卫星绕月球运行的速度D．嫦娥三号卫星绕月球运行的加速度4．如图所示，有一矩形线圈绕OOˊ轴在匀强磁场中匀速转动产生交变电流，通过滑环接一理想变压器。

山东省淄博市桓台第二中学2014届高三物理上学期期中试题新人教版2013年11月本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共3页。

满分100分，考试时间90分钟。

考试结束后，将本试卷以及答题卡一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在试卷、答题卡规定的地方。

第Ⅰ卷注意事项：第Ⅰ卷为选择题，共10小题，每小题4分，共40分。

在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案标号。

不能直接写在本试卷上。

1.如图所示，木块A 和B 接触面水平，在水平力F 作用下，木块A 、B 保持静止，则木块B 受力的个数可能是（ ）A.3个B.4个C.5个D.6个2.如图是一攀岩运动员正沿竖直岩壁缓慢攀登，由于身背较重的行囊，重心上移至肩部的0点，总质量为60kg.此时手臂与身体垂直，手臂与岩壁夹角为53º，则手受到的拉力与脚受到的作用力分别为(设手与脚受到的力的作用线或作用线的反向延长线均通过重心0，g=10m/s 2，sin53º =0.8) （ ） A.360N 480N B.480N 360N C.450N 800N D.800N 450N3.如图2，用相同材料做成的质量分别为m 1、m 2的两个物体中间用一轻弹簧连接。

在下列四种情况下，相同的拉力F 均作用在m 1上，使m 1、m 2作加速运动：①拉力水平，m 1、m 2在光滑的水平面上加速运动。

②拉力水平，m 1、m 2在粗糙的水平面上加速运动。

③拉力平行于倾角为θ的斜面，m 1、m 2沿光滑的斜面向上加速运动。

④拉力平行于倾角为θ的斜面，m 1、m 2沿粗糙的斜面向上加速运动。

以△l 1、△l 2、△l 3、△l 4依次表示弹簧在四种情况下的伸长量，则有（ ） A.△l 2＞△l 1 B.△l 4＞△l 3 C.△l 1＞△l 3 D.△l 2＝△l 4 4.某物体做直线运动的v-t 图象如图甲所示，据此判断图乙（F 表示物体所受合力，x 表示物体的位移）四个选项中正确的是（ ）A ．．5.在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50 kg ，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是（）图甲A.晓敏同学所受的重力变小了B.晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力C.电梯一定在竖直向下运动D.电梯的加速度大小为g/5，方向一定竖直向下6.将一个质量为1kg 的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反。

山东省桓台第二中学2017届高三物理上学期期中试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共3页。

满分100分，考试时间90分钟。

考试结束后，将本试卷以及答题卡一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在试卷、答题卡规定的地方。

第Ⅰ卷注意事项：第Ⅰ卷为选择题，共13小题，每小题4分，共52分。

其中1-9小题为单选题，只有一个选项正确；10-13小题为多选题，有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案标号。

不能直接写在本试卷上。

1．安培是十九世纪初法国著名科学家，为物理学的发展做出了非常突出的贡献。

关于安培的研究工作，以下说法中符合事实的是A．发现了电流的磁效应，从而揭示了电和磁的关系B．发现了电荷间的相互作用规律，并用实验测得元电荷的数值C．发现了产生电磁感应现象的条件，并制作了发电机D．发现了电流间相互作用的规律，并提出了判断电流产生的磁场方向的方法2．如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线，边上标有电势的值。

一带电粒子只在电场力作用下沿图中的实线从A经过B运动到C。

下列判断正确的是A．粒子一定带负电B．A处场强大于C处场强C．粒子在A处电势能大于在C处电势能D．粒子从A到B电场力所做的功大于从B到C电场力所做的功3．如图所示，是两等量同种点电荷Q形成的电场，AB为两电荷连线的中垂线，O为两电荷连线的中点，C为中垂线上的一点，一带电粒子(不υ垂直中垂线从C点垂直纸面向里射入电场，恰能绕O计重力)以速度点做匀速圆周运动，则A．带电粒子电性与Q相反υ，仍做圆周运动B．若该粒子从C点射入电场的速度小于υ，仍做圆周运动C．若该粒子从C点射入电场的速度大于D．若改变粒子速度大小从中垂线上其他点射入电场，不可能做圆周运动4．如图所示，两根通电直导线用四根长度相等的绝缘细线悬挂于O、O'两点，已知OO'连线水平，导线静止时绝缘细线与竖直方向的夹角均为θ，保持导线中的电流大小和方向不变，在导线所在空间加上匀强磁场后，绝缘细线与竖直力向的夹角均变小，则所加磁场的方向可能沿A．z轴正向B．x轴负向C．y轴正向D．y轴负向5．如图是一个回旋加速器示意图，其核心部分是两个D形金属盒，两金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频电源相连。

2024年山东省桓台县第二中学物理高三第一学期期末考试模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。

用2B 铅笔将试卷类型（B ）填涂在答题卡相应位置上。

将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。

2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。

答案不能答在试题卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

4．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，一质量为m 0=4kg 、倾角θ=45°的斜面体C 放在光滑水平桌面上，斜面上叠放质量均为m =1kg 的物块A 和B ，物块B 的下表面光滑，上表面粗糙且与物块A 下表面间的动摩擦因数为μ=0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力；物块B 在水平恒力F 作用下与物块A 和斜面体C 一起恰好保持相对静止地向右运动，取g =10m/s²，下列判断正确的是（ ）A ．物块A 受到摩擦力大小5N f F =B ．斜面体的加速度大小为a =10m/s 2C ．水平恒力大小F =15ND ．若水平恒力F 作用在A 上，A 、B 、C 三物体仍然可以相对静止2、人类在对自然界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用。

下列有关说法中不正确的是（ ） A ．伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是初速度为零的匀变速直线运动B ．法国科学家笛卡尔指出：如果物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动C ．海王星是在万有引力定律发现之前通过观测发现的D ．密立根通过油滴实验测得了基本电荷的数值3、如图甲所示，小物块A 放在长木板B 的左端，一起以v 0的速度在水平台阶上向右运动，已知台阶MN 光滑，小物块与台阶PQ 部分动摩擦因数10.1μ=，台阶的P 点切线水平且与木板等高，木板撞到台阶后立即停止运动，小物块继续滑行。

山东省桓台县第二中学2015届高三上学期第二次检测〔11月〕考试数学理试卷本试卷分第1卷〔选择题〕和第2卷〔非选择题〕两局部，共2页。

总分为150分，考试时间120分钟。

考试完毕后，将本试卷以与答题卡和答题纸一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、某某号、考试科目填涂在试卷、答题卡和答题纸规定的地方。

第1卷〔选择题 共50分〕一、选择题：本大题共 10 小题，每一小题 5 分，共 50 分。

1. 全集U=R ，集合{}{}2320,0U A x x x B x x a C B A =-+>=-≤⊆，若，如此实数a 的取值范围是( )A.()1-∞，B.(]2-∞，C.[)1+∞，D.[)2+∞， 2. 设x ∈R ，如此x=l 是21x =的( ) A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件 C ．充要条件 D ．既不充分也不必要条件 3.如下函数中，既是偶函数又在(0,)+∞单调递增的函数是( )A ．3xy = B ．||1y x =+ C ．21y x =-+ D ．y =4.直线1+=kx y 与曲线b ax x y ++=3相切于点A 〔1，3〕，如此2a +b 的值为〔 〕 A.2B. -1C.1D.-25.⎩⎨⎧>≤--=1,log 1,)3()(x x x a x a x f a是),(+∞-∞上是增函数，那么实数a 的取值范围是〔 〕A.),1(+∞B.)3,23(C.)3,23[D.)3,1(6.在ABC ∆中，ac b =2，且33,cos 4a c B +==，如此BC AB ⋅=( ) A ．32 B ．32- C ．3 D ．-3 7. )()(,)()(x f y x f y x f x f '=='和将的导函数是函数的图象画在同一个直角坐标系中，不可能正确的答案是〔〕8.对于函数()22cos sin 11212f x x x ππ⎛⎫⎛⎫=-++- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，如下选项中正确的答案是〔 〕A ．()42f x ππ⎛⎫⎪⎝⎭在，内是递增的 B ．()f x 的图象关于原点对称 C.()f x 的最小正周期为2πD.()f x 的最大值为19.各项都是正数的等比数列}{n a 的公比1≠q ，且132,21,a a a 成等差数列，如此234345a a a a a a ++++的值为〔 〕 A ．251-B ．215+C ．215-D ．215+或215- 10. 设函数x x x x f sin )(2+=，对任意),(,21ππ-∈x x ，假设)()(21x f x f >，如此如下式子成立的是〔 〕A ．21x x >B ．2221x x > C ．||21x x > D ．||||21x x <第2卷〔非选择题 共100分〕二、填空题:本大题共5小题， 每一小题5分，共25分11 .函数()f x 是(,)-∞+∞上的奇函数,且()f x 的图象关于直线1x =对称,当[1,0]x ∈-时,()f x x =-，如此(2013)(2014)f f +=12. 定义运算a b ad bc c d =-，假设函数()123x f x x x -=-+在(,)m -∞上单调递减，如此实数的取值范围是13. 函数44()sin cos f x x x =+的最小正周期是14. 在ABC ∆中，向量)sin sin ,sin sin 2(),sin ,sin (sin B A C A n C B A m +-=-=，且n m //，如此角B=15.等比数列{}n a 中，公比q=4，且前3项之和是21，如此数列的通项公式n a = 三、解答题：本大题共6小题，共75分。

山东省桓台县第二中学 2015届高三12月月考物 理 试 题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共3页。

满分100分，考试时间90分钟。

考试结束后，将本试卷以及答题卡和答题纸一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在试卷、答题卡和答题纸规定的地方。

第Ⅰ卷注意事项：第Ⅰ卷为选择题，共10小题，每小题4分，共40分。

在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案标号。

不能直接写在本试卷上。

1．许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，下列表述正确的是A ．伽利略创造的科学研究方法以及他的发现，标志着物理学的真正开端B ．法拉第发现了电流的磁效应，使人们突破了对电与磁认识的局限性C ．开普勒关于行星运动的描述为万有引力定律的发现奠定了基础D ．奥斯特发现了电磁感应现象，使人们对电与磁内在联系的认识更加完善2．如图所示，固定在水平面上的斜面倾角为θ，长方体木块A 质量为M ，其PQ 面上钉着一枚小钉子，质量为m 的小球B 通过一细线与小钉子相连接，小球B 与PQ 面接触，且细线与PQ 面平行，木块与斜面间的动摩擦因数为μ。

下列说法正确的是A ．若木块匀速下滑，则小球对木块的压力为零B ．若木块匀速下滑，则小球对木块的压力为mgsinθC ．若木块匀加速下滑，则小球对木块的压力为零D ．若木块匀加速下滑，则小球对木块的压力为μmgcosθ3．甲、乙两车沿同一平直公路同向运动。

其运动的v －t 图象如图所示。

已知t=0时刻，乙在甲前方20m 处，以下说法正确的是 A ．4s 末两车相遇 B ．10s 末两车相遇C ．相遇前，两车间的最大距离是36mD ．相遇前，两车间的最大距离是16m 4．“神舟十号”飞船将于2013年6月至8月择机发射，再次与“天宫一号”进行交会对接。

某某省桓台县第二中学2015届高三上学期第二次检测（11月）考试历史试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共4页。

满分100分，考试时间90分钟。

考试结束后，将本试卷以及答题卡和答题纸一并交回。

答卷前，考生务必将自己的某某、某某号、考试科目填涂在试卷、答题卡和答题纸规定的地方。

第Ⅰ卷注意事项：第Ⅰ卷为选择题，共26小题，每小题2分，共52分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题目要求。

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案标号。

不能直接写在本试卷上。

1.宋代有学者说，“管摄天下人心，收宗族，厚风俗，使人不忘本，须是明谱系、世族与立宗子法”，“宗子法坏，则人不自知来处，以至流转四方，往往亲未绝，不相识”。

他们的主X是基于A.宗法制能够维系社会安定B.宋朝时期人们的宗法现念淡薄C.宋朝人具有迁徙的特点D.宗法观念有利于理学的传播2.史学家钱穆曾说：“从前封建时代，政府和家庭，有分不开的关系，现在则不然了。

组织政府的是一个一个人，不再是一个一个家。

”这一变化A.促进了“民本”思想的产生B.形成了“家国一体”的观念C.推动了土地私有制的确立D.有利于中央集权的加强3.“宰相之用舍听之天子，谏官之予夺听之宰相，天子之得失则举而听之谏官，环相为治而言乃为功。

谏官者，以绳纠天子，而非以绳纠宰相者也……”该材料表明A.皇帝和谏官矛盾尖锐B.皇帝的权力受到宰相的制约C.监察制度适用于监督宰相D.谏官的职责是规劝君主的过失4.“天下之士群趋而奔向之。

上意所向，风俗随之，人才高下、士风之醇漓，率由是出。

”材料描述的制度是A.察举制B.九品中正制C.三省六部制D.科举制5.柏拉图公开认为：“根据犯罪可以处以不同的刑罚。

”在实践中，雅典法律将雅典人分为三种：本邦公民、外邦公民、奴隶。

本邦公民伤害了自由民可以支付罚款，外邦人伤害了自由民则被驱除出境，奴隶伤害了自由民则可能被判处死刑。