河北省唐山市滦南一中高二物理上学期期初试卷(含解析)

2015-2016学年河北省唐山一中高二（上）开学物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，计48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．研究发现，月球的平均密度和地球的平均密度差不多，当航天飞机贴近月球表面飞行时，下列哪些物理量的大小跟航天飞机贴近地球表面飞行时差不多（球的体积公式为）（）A．向心加速度B．线速度C．角速度D．周期2．如图所示，滑轮质量不计，如果m1=m2+m3，这时弹簧秤的读数为T，若把m2从右边移到左边的m1上，弹簧秤读数T将（）A．增大 B．减小 C．不变 D．无法判断3．如果把一个正点电荷放在一电场中，无初速地释放，在点电荷运动的过程中（）A．点电荷运动的轨迹一定与电场线重合B．正电荷的加速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向一致C．点电荷的速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向一致D．点电荷的动能越来越大4．某带电粒子仅在电场力作用下由a点运动到b点，电场线、粒子在a点的初速度以及运动轨迹如图所示．由此可以判定（）A．粒子在a点的加速度大于它在b点的加速度B．粒子在a点的动能小于它在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于它在b点的电势能D．a点的电势低于b点的电势5．如图所示，木块M上表面是水平的，当木块m置于M上，并与M一起沿光滑斜面由静止开始下滑时，在下滑过程中（）A．重力对木块m做正功B．木块M对木块m的支持力不做功C．木块M对木块m的摩擦力做负功D．木块m所受合外力对m做正功6．两个相同的金属球A和B，A带正电，B带负电，且Q A与Q B的大小之比是4：1，若在A、B 连线上的某点C放一个点电荷Q C，A、B对Q C作用的静电力刚好平衡，则（）A．C点一定在连线的B点的外侧B．C点一定在连线的A点的外侧C．C点一定在A、B之间D．C点的场强一定为零7．平行板电容器一个极板和静电计相接，当该极板带上一定量电荷后，静电计张开一定角度θ，如图所示．如果平行板电容器发生变化，下面关于静电计张角θ变化的说法正确的是（）A．两极板间距离增大，θ增大B．两极板正对面积减小，θ减小C．在电容器内加入电介质，θ增大D．上述说法都不对8．我们的银河系的恒星中大约四分之一是双星．某双星由质量不等的星体S1和S2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点C做匀速圆周运动．由天文观察测得其运动周期为T，S1到C点的距离为r1，S1和S2的距离为r，已知引力常量为G．由此可求出S2的质量为（）A．B．C． D．9．在质量为M的电动机飞轮上，固定着一个质量为m的重物，重物到轴的距离为R，如图所示，为了使电动机不从地面上跳起，电动机飞轮转动的最大角速度不能超过（）A．B． C．D．10．轻绳一端系在质量为m的物体A上，另一端系在一个套在粗糙竖直杆MN的圆环上．现用水平力F拉住绳子上一点O，使物体A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置，但圆环仍保持在原来位置不动．则在这一过程中，环对杆的摩擦力F1和环对杆的压力F2的变化情况是（）A．F1保持不变，F2逐渐增大B．F1逐渐增大，F2保持不变C．F1逐渐减小，F2保持不变D．F1保持不变，F2逐渐减小11．内壁光滑的环形凹槽半径为R，固定在竖直平面内，一根长度为R的轻杆，一端固定有质量为m的小球甲，另一端固定有质量为2m的小球乙，将两小球放入凹槽内小球乙位于凹槽的最低点，如图所示由静止释放后（）A．下滑过程中甲球减少的机械能总是等于乙球增加的机械能B．下滑过程中甲球减少的重力势能总是等于乙球增加的重力势能C．甲球可沿凹槽下滑到槽的最低点D．杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点12．平行板电容器下板接地，两板与电源相连，b为正中央的点，将不带电的金属板插入两板正中间的如图所示位置后，a、b、c三点场强及电势变化情况为（）A．E a=E c且均增大，E b减为零B．φc＞φb＞φa，且三点电势均减小C．E a=E c且不变，E b减为零D．φc＞φb＞φa，且φc减小，φb不变，φa增大．二．实验题（共2小题，每小题6分，计12分．）13．用如图1所示装置探究“功与速度变化的关系”．实验步骤如下：A．细绳一端系在滑块上，另一端通过滑轮挂上钩码（忽略滑轮与绳子间的摩擦），用垫块将长木板右端垫起．调整长木板的倾角，直至轻推滑块后，滑块沿长木板向下做匀速直线运动；B．保持长木板的倾角不变，取下细绳和钩码，让滑块沿长木板向下做匀加速直线运动．请回答下列问题：（1）实验中是否需要满足钩码质量远远小于滑块质量．（填“是”或“否”）；（2）若滑块质量为M、钩码质量为m、当打点计时器打下1、3点时滑块的速度分别为v1和v3，1、3两点之间距离为s，重力加速度为g．探究结果的表达式是．（用相应的符号表示）14．某实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线，如图（b）所示．滑块和位移传感器发射部分的总质量m= kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ=（重力加速度g取10m/s2）三．计算题15．地面上有一个半径为R的圆形跑道，高为h的平台边缘上的P点在地面上P′点的正上方，P′与跑道圆心O的距离为L（L＞R），如图所示．跑道上停有一辆小车，现从P点水平抛出小沙袋，使其落入小车中（沙袋所受空气阻力不计）．问：（1）当小车停在B点时（∠AOB=90°），沙袋被抛出时的初速度为多大？（2）若小车沿跑道顺时针运动，当小车恰好经过A点时，将沙袋抛出，为使沙袋能在B处落入小车中，小车的速率v应满足什么条件？16．如图所示，竖直放置的半圆形绝缘轨道半径为R，下端与光滑绝缘水平面平滑连接，整个装置处于方向竖直向上的匀强电场E中．一质量为m、带电量为+q的物块（可视为质点），从水平面上的A点以初速度v0水平向左运动，沿半圆形轨道恰好通过最高点C，场强大小为E（E小于）．（1）试计算物块在运动过程中克服摩擦力做的功．（2）证明物块离开轨道落回水平面时的水平距离与场强大小E无关，且为一常量．17．一长木板置于光滑水平地面上，木板左端放置一小物块，在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4m，如图（a）所示．t=0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t=1s时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）．碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后1s时间内小物块的v﹣t图线如图（b）所示．小物块质量是木板质量的3倍，重力加速度大小g取10m/s2．求（1）木板与墙壁碰撞后，木板离开墙壁的最大距离；（2）小物块距离木板左端的最终距离．2015-2016学年河北省唐山一中高二（上）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，计48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．研究发现，月球的平均密度和地球的平均密度差不多，当航天飞机贴近月球表面飞行时，下列哪些物理量的大小跟航天飞机贴近地球表面飞行时差不多（球的体积公式为）（）A．向心加速度B．线速度C．角速度D．周期【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】航天飞机贴近月球表面飞行与航天飞机贴近地球表面飞行时，均有万有引力提供向心力即又因为可以解得：，，，．根据以上解得的a、v、ω、T与半径的关系讨论．【解答】解：航天飞机贴近月球表面飞行与航天飞机贴近地球表面飞行时，均有万有引力提供向心力即又因为所以解得：．A、由，可以看出a跟星球的半径r有关系，r不相同，v 就不等．故A错误．B、由，可以看出v跟星球的半径r有关系，r不相同，v就不等．故B错误．C、由，可以看出ω跟星球的半径r无关，而其它各量均相等，故角速度ω相等．故C正确．D、由，可以看出T跟星球的半径r无关，而其它各量均相等，故周期T相等．故D正确．故选CD．【点评】本题主要考查万有引力等于向心力这个关系，根据这个关系计算出a、v、ω、T．这是在天体问题中经常用到的关系和结论，要熟练掌握．2．如图所示，滑轮质量不计，如果m1=m2+m3，这时弹簧秤的读数为T，若把m2从右边移到左边的m1上，弹簧秤读数T将（）A．增大 B．减小 C．不变 D．无法判断【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】弹簧秤的读数等于两根绳子的拉力之和，对整体分析，运用整体法和隔离法求出绳子拉力的大小，与初始开始进行比较，从而判断弹簧秤读数的变化．【解答】解：令平衡时绳中张力为F，根据平衡知，开始弹簧秤读数T=2F=2m1g．把物体m2从右边移到左边的物体m1上，整体的加速度a==．隔离对m3分析，令此时绳中张力为F′．由牛顿第二定律可得：F′﹣m3g=m3a，解得＜m2g+m3g=m1g可知F′＜F，则T′=2F′＜T．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．3．如果把一个正点电荷放在一电场中，无初速地释放，在点电荷运动的过程中（）A．点电荷运动的轨迹一定与电场线重合B．正电荷的加速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向一致C．点电荷的速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向一致D．点电荷的动能越来越大【考点】电势能；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．加速度等于电场力除以质量．【解答】解：A、若是匀强电场，则点电荷的运动轨迹与电场线重合，所以运动轨迹不一定重合，故A错误；B、正电荷的受到的电场力的方向始终与所在点的电场线的切线方向一致，而电场力的方向与加速度方向相同，故B正确；C、若是匀强电场，则点电荷的速度方向，与所在点的电场线方向相同，故C错误；D、正点电荷放在一电场中，无初速地释放，则电场力做正功，导致动能增加，故D正确；故选：BD【点评】对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．根据电场力来确定电场力做功的正负，从而判定电势能增加与否．4．某带电粒子仅在电场力作用下由a点运动到b点，电场线、粒子在a点的初速度以及运动轨迹如图所示．由此可以判定（）A．粒子在a点的加速度大于它在b点的加速度B．粒子在a点的动能小于它在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于它在b点的电势能D．a点的电势低于b点的电势【考点】电场线；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．虽然本题不知电场线方向，不知带什么电，但可根据运动轨迹结合力与运动的关系，可确定电场力的方向．从而可确定电场力做负功，进而可定出动能与电势能的变化情况．【解答】解：A、由电场线可知，a点的电场线密，所以a点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大，所以A正确；B、粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线斜向下的，所以粒子从a到b的过程中，电场力做负功，电荷的电势能增大，动能减小，所以粒子在a点的动能大于它在b点的动能，所以B错误，C正确；D、沿电场线的方向，电势降低，由于不知电荷的电性，所以无法确定电场线的方向，进而也无法确定电势的高低，所以D错误．故选AC．【点评】电场线是画在电场中的一条条有方向的曲线，用电场线可以形象地描述电场的强弱和方向．5．如图所示，木块M上表面是水平的，当木块m置于M上，并与M一起沿光滑斜面由静止开始下滑时，在下滑过程中（）A．重力对木块m做正功B．木块M对木块m的支持力不做功C．木块M对木块m的摩擦力做负功D．木块m所受合外力对m做正功【考点】功的计算．【专题】功的计算专题．【分析】该题应先分析木块m运动，后受力分析，再分析各个力做功．【解答】解：A、物体受重力竖直向下，而位移沿斜面向下，故重力对木块做正功，故A正确；B、木块M对木块m的支持力竖直向上，而位移沿斜面向下，力和位移夹角大于90°，故支持力做负功，故B错误；C、将两物体作为整体处理，则加速度为gsinθ，两物体的加速度相同，m在水平方向上有向左的摩擦力的作用，物体m向左下方运动，所以摩擦力对m做正功，故C错误；D、木块向下加速运动，故动能增加，由动能定理可知，木块m所受合外力对m做正功，故D 正确；故选AD．【点评】判断外力是否做功可由功的公式直接分析，也可以由动能定理求合外力功．6．两个相同的金属球A和B，A带正电，B带负电，且Q A与Q B的大小之比是4：1，若在A、B 连线上的某点C放一个点电荷Q C，A、B对Q C作用的静电力刚好平衡，则（）A．C点一定在连线的B点的外侧B．C点一定在连线的A点的外侧C．C点一定在A、B之间D．C点的场强一定为零【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】解决本题一定要把握“放入的电荷处于平衡状态”这一特点进行受力分析．物体受两个力合力为零，这两个力应该等值，反向．【解答】解：因为A带正电，B带负电，只要放入的电荷受到的合力为0即可，通过受力分析可知，有库仑定律，Q A与Q B的大小之比是4：1，对C点则有r A＞r B而且保证两个力的方向相反，所以应将C置于AB线段上连线的B点的外侧．故选AD．【点评】本题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用．应该抓住两个力的大小、方向的关系．7．平行板电容器一个极板和静电计相接，当该极板带上一定量电荷后，静电计张开一定角度θ，如图所示．如果平行板电容器发生变化，下面关于静电计张角θ变化的说法正确的是（）A．两极板间距离增大，θ增大B．两极板正对面积减小，θ减小C．在电容器内加入电介质，θ增大D．上述说法都不对【考点】电容器的动态分析．【分析】静电计指针的张角反应电容器两端间电势差的变化，抓住电容器带电量不变，根据U=，通过电容的变化，判断电势差的变化．【解答】解：A、两极板间距离增大，由电容的决定式C=判断可知，电容减小，电容器带电量不变，由C=知，极板间电势差增大，θ增大．故A正确．B、两极板正对面积减小，由电容的决定式C=判断可知，电容减小，电容器带电量不变，由C=知，极板间电势差增大，θ增大．故B错误．C、在电容器内加入电介质，由电容的决定式C=判断可知，电容增大，电容器带电量不变，由C=知，极板间电势差减小，θ减小．故C错误．D、由上知D错误故选A【点评】解决本题的关键掌握电容器的动态分析，电容器与电源断开，电量保持不变，电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差不变．8．我们的银河系的恒星中大约四分之一是双星．某双星由质量不等的星体S1和S2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点C做匀速圆周运动．由天文观察测得其运动周期为T，S1到C点的距离为r1，S1和S2的距离为r，已知引力常量为G．由此可求出S2的质量为（）A．B．C． D．【考点】万有引力定律及其应用．【专题】计算题．【分析】这是一个双星的问题，S1和S2绕C做匀速圆周运动，它们之间的万有引力提供各自的向心力，S1和S2有相同的角速度和周期，结合牛顿第二定律和万有引力定律解决问题．【解答】解：设星体S1和S2的质量分别为m1、m2，星体S1做圆周运动的向心力由万有引力提供得：=即 m2=故选D．【点评】双星的特点是两个星体周期相等，星体间的万有引力提供各自所需的向心力．9．在质量为M的电动机飞轮上，固定着一个质量为m的重物，重物到轴的距离为R，如图所示，为了使电动机不从地面上跳起，电动机飞轮转动的最大角速度不能超过（）A．B．C．D．【考点】向心力；共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】重物转到飞轮的最高点时，若重物对飞轮的作用力恰好等于电动机的重力时，电动机刚要跳起．以重物为研究对象，由牛顿第二定律求解角速度．【解答】解：重物转到飞轮的最高点时，电动机刚要跳起时，重物对飞轮的作用力F恰好等于电动机的重力Mg，即F=Mg．以重物为研究对象，由牛顿第二定律得Mg+mg=mω2R，解得ω=故选B【点评】本题是临界问题，关键分析临界条件，并要灵活选择研究对象．中档题．10．轻绳一端系在质量为m的物体A上，另一端系在一个套在粗糙竖直杆MN的圆环上．现用水平力F拉住绳子上一点O，使物体A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置，但圆环仍保持在原来位置不动．则在这一过程中，环对杆的摩擦力F1和环对杆的压力F2的变化情况是（）A．F1保持不变，F2逐渐增大B．F1逐渐增大，F2保持不变C．F1逐渐减小，F2保持不变D．F1保持不变，F2逐渐减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以圆环、物体A及轻绳整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析杆对环的摩擦力和弹力，再由牛顿第三定律分析环对杆的摩擦力F1的变化情况．以结点O为研究对象，分析F的变化，根据F与杆对环的弹力的关系，分析杆对环的弹力的变化情况．【解答】解：以圆环、物体A及轻绳整体为研究对象，分析受力情况，作出力图如图1所示．根据平衡条件得到，杆对环的摩擦力F1=G，保持不变．杆对环的弹力F2=F．再以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图如图2所示．由平衡条件得到F=mgtanθ当物体A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置过程中，θ逐渐减小，则F逐渐减小，F2逐渐减小．所以F1保持不变，F2逐渐减小．故选：D．【点评】本题是力平衡中动态变化分析问题，关键是灵活选择研究对象，分析物体的受力情况．11．内壁光滑的环形凹槽半径为R，固定在竖直平面内，一根长度为R的轻杆，一端固定有质量为m的小球甲，另一端固定有质量为2m的小球乙，将两小球放入凹槽内小球乙位于凹槽的最低点，如图所示由静止释放后（）A．下滑过程中甲球减少的机械能总是等于乙球增加的机械能B．下滑过程中甲球减少的重力势能总是等于乙球增加的重力势能C．甲球可沿凹槽下滑到槽的最低点D．杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点【考点】功能关系．【分析】甲与乙两小球系统，重力势能和动能相互转化，系统机械能守恒；还可以将甲与乙当作一个整体，找出重心，机械能也守恒．【解答】解：A、甲与乙两个物体系统机械能守恒，故甲减小的机械能一定等于乙增加的机械能，故A正确；B、甲与乙两个物体系统机械能守恒，甲球减小的重力势能转化为乙的势能和动能以及甲的动能，故B错误；C、若甲球沿凹槽下滑到槽的最低点，乙则到达与圆心等高处，但由于乙的质量比甲大，造成机械能增加了，明显违背了机械能守恒定律，故甲球不可能到圆弧最低点，故C错误；D、由于机械能守恒，故动能减为零时，势能应该不变，故杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点，故D正确；故选：AD．【点评】本题关键是甲与乙两个球系统机械能守恒，也可以找出系统重心，当作单个物体．12．平行板电容器下板接地，两板与电源相连，b为正中央的点，将不带电的金属板插入两板正中间的如图所示位置后，a、b、c三点场强及电势变化情况为（）A．E a=E c且均增大，E b减为零B．φc＞φb＞φa，且三点电势均减小C．E a=E c且不变，E b减为零D．φc＞φb＞φa，且φc减小，φb不变，φa增大．【考点】电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当金属板插入极板正中间时，可视为两个电容器串联，中间的且金属板处于静电平衡状态，内部场强为零，是等势体；总电压不变，而极板间距等效减小，利用E和U=Ed 判断场强和电势即可．【解答】解：AC、当金属板插入极板正中间时，中间的且金属板处于静电平衡状态，内部场强为零即b点的场强为零；而极板间距等效减小，由E=知，内部场强变大，即a、c两点的场强变大且相等，故A正确、C错误．BD、当金属板插入极板正中间时，中间的且金属板处于静电平衡状态，是个等势体，所以b点的电势与金属上下表面上的电势相等；沿着电场线电势越来越低，所以φc＞φb＞φa，由AC选项分析知a、c两点的场强变大，由于下级板接地，据U=Ed得a点的电势变大，b点的电势不变，c点的电势变小，故B错误，D正确．故选：AD．【点评】明确金属导体插入电容器后，金属导体处于静电平衡，极板等效距离减小，判断内部场强；再灵活应用U=Ed判断电势．二．实验题（共2小题，每小题6分，计12分．）13．用如图1所示装置探究“功与速度变化的关系”．实验步骤如下：A．细绳一端系在滑块上，另一端通过滑轮挂上钩码（忽略滑轮与绳子间的摩擦），用垫块将长木板右端垫起．调整长木板的倾角，直至轻推滑块后，滑块沿长木板向下做匀速直线运动；B．保持长木板的倾角不变，取下细绳和钩码，让滑块沿长木板向下做匀加速直线运动．请回答下列问题：（1）实验中是否需要满足钩码质量远远小于滑块质量．否（填“是”或“否”）；（2）若滑块质量为M、钩码质量为m、当打点计时器打下1、3点时滑块的速度分别为v1和v3，1、3两点之间距离为s，重力加速度为g．探究结果的表达式是mgs=．（用相应的符号表示）【考点】探究功与速度变化的关系．【专题】实验题．【分析】平衡摩擦力后，滑块合力为零，滑块重力沿斜面向下的分力与摩擦力的合力等于细绳的拉力，拉力又等于钩码的重力．结合实验的原理得出功能的表达式．【解答】解：（1）平衡摩擦力后滑块在匀加速下滑过程中所受的合外力大小等于细绳的拉力，平衡摩擦力时，由于钩码做匀速直线运动，细绳的拉力大小等于钩码的重力大小，所以滑块所受的合外力大小等于钩码的重力大小．不需要满足钩码质量远小于滑块质量．（2）滑块的合力为mg，合力做功为mgs，动能的变化量为，探究结果的表达式是mgs=．故答案为：（1）否，（2）mgs=．【点评】明确实验原理是解决实验题的关键．本实验应理解为什么挂钩码前要首先平衡摩擦力，知道滑块所受的合力等于钩码的重力．14．某实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线，如图（b）所示．滑块和位移传感器发射部分的总质量m= 0.5 kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ=0.2 （重力加速度g取10m/s2）。

河北省唐山市 2017-2018 学年高二物理上学期期中试题说明：1. 考试时间90 分钟，满分100 分。

2．将卷Ⅰ答案用2B 铅笔涂在答题卡上,如需变动，用橡皮擦洁净后，再选涂其余答案标号。

卷Ⅱ用黑色署名笔答在答题纸上。

在试题卷上作答，答案无效。

3．Ⅱ卷卷头和答题卡均填涂本次考试的考号，不要误填学号。

第Ⅰ卷（选择题共40分）一、单项选择题（共8 小题，每题 3 分，合计24 分。

在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得 3 分，选错或不答的得0 分。

）1.以下说法中正确的选项是A．依据磁感觉强度 B 的定义式B=F/IL可知，磁感觉强度 B 与 F 成正比，与IL 成反比B．一小段通电导线放在磁感觉强度为零处，它所受的磁场力必定为零C．两个磁场叠加的地区，磁感线就有可能订交D．磁场中某处磁感觉强度的方向，与通电导线在该地方受磁场力的方向同样2.对于电源的电动势和内阻，以下说法正确的选项是A．电源电动势越大，储藏的电能越多B．电源内部非静电力做功越多，电动势越大C．电源的电动势必定等于闭合电路中电源两头的电压D．电源电动势大小与内阻没关3．以下图，当滑动变阻器的滑动片P 向上端挪动时，则电表示数的变化状况是A． V1减小， V2增大， A 增大B． V1增大， V2减小， A 增大C． V1增大， V2增大， A 减小D． V1减小， V2减小， A 减小4．以下图，固定不动的绝缘直导线mn和能够自由挪动的矩形线框abcd 位于同一圆滑水平面内，mn与 ad、bc 边平行且离ad 边较近 . 当导线 mn中通入向上的电流，线框中通入顺时针方向的电流时，线框运动状况是A．向左运动B．向右运动C．认为mn轴运动D．静止不动5．带电粒子仅在电场力作用下，从电场中 a 点以初速度v0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到 b 点，以下图，能够判断A．粒子的加快度在 a 点时较大B．粒子的电势能在 b 点时较大C．粒子可能带负电，在 b 点时速度较大D．粒子必定带正电，动能先变小后变大6．以下图，平行板电容器与电动势为 E 的直流电源（内阻不计）连结，下极板接地，静电计P 点，现将平行板电容器的下极板所带电量极少，可被忽视．一带负电油滴被固定于电容器中的竖直向下挪动一小段距离，则A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将增大D．若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下挪动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变7.以以下图所示，带正电的粒子以必定的初速度v0沿两板的中线进入水平搁置的平行金属板内，恰巧沿下板的边沿飞出．已知板长为L，板间距离为d，板间电压为U，带电粒子的电荷量为q，粒子经过平行金属板的时间为t （不计粒子的重力），则A．在前时间内，电场力对粒子做的功为B．在后时间内，电场力对粒子做的功为C．粒子的出射速度偏转角知足tan θ＝D．粒子经过竖直位移前和后的过程，所用时间之比为2∶ 18．把电阻非线性变化的滑动变阻器接入如图的电路中，挪动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度 x（ x 为图中 a 与触头之间的距离），定值电阻为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从 a 移到的是R1两头的电压与x 间的关系如图2，a、b、c b 和从 b 移到 c 的这两过程中，以下说法正确A．电流表示数变化相等B．电压表V2的示数变化不相等C．电阻R1的功率变化相等D．电源的输出功率不停增大二、多项选择题（共 4 小题，每题 4 分，合计16 分。

2024届唐山市第一中学物理高二上期中联考试题请考生注意：1．请用2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。

写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、关于静电场,下列说法中正确的是( )A ．在电场强度为零的区域电势一定处处为零B ．负电荷从电势低的点运动到电势高的点,电势能一定减少C ．两点间的电势差与零电势的选取有关D ．根据公式U=Ed 知,在匀强电场中两点间的距离越大,电势差就越大2、电动机与小电珠串联接人电路，电动机正常工作时，小电珠的电阻为R 1，两端电压为U 1，流过的电流为I 1；电动机的内电阻为R 2，两端电压为U 2，流过的电流为12。

则 A ．12I I < B ．1122U R U R > C ．1122U R U R = D ．1122U R U R < 3、关于电功和电热的计算，下列说法正确的是（ ）A ．如果是纯电阻电路，电热可用公式W = I 2Rt 计算，但不能用公式W = UIt 计算B ．如果是纯电阻电路，电功可用公式W = UIt 计算，也可用公式W = I 2Rt 计算C ．如果不是纯电阻电路，电功只能用公式W = I 2Rt 计算D ．如果不是纯电阻电路，电热可用公式W = I 2Rt 计算，也可用公式W = UIt 计算4、关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（ ）A ．法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机B ．奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了分子电流假说C ．牛顿发现万有引力定律，并通过实验测出了引力常量D ．库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e 的数值5、如图所示，在冰壶世锦赛上中国队以8：6战胜瑞典队，收获了第一 个世锦赛冠军，队长王冰玉在最后一投中，将质量为19kg 的冰壶推出，运动一段时间后以0.4m /s 的速度正碰静止的瑞典冰壶，然后中国队冰壶以0.1m /s 的速度继续向前滑向大本营中心．若两冰壶质量相等，则下列判断正确的是（ ）A．瑞典队冰壶的速度为0.3m/s，两冰壶之间的碰撞是弹性碰撞B．瑞典队冰壶的速度为0.3m/s，两冰壶之间的碰撞是非弹性碰撞C．瑞典队冰壶的速度为0.5m/s，两冰壶之间的碰撞是弹性碰撞D．瑞典队冰壶的速度为0.5m/s，两冰壶之间的碰撞是非弹性碰撞6、如图所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列运动时，铜制导线圈c中将有感应电流产生且被螺线管排斥的是A．向右做匀速运动B．向右做加速运动C．向右做减速运动D．向左做减速运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

嘴哆市安排阳光实验学校唐山一中2015—2016学年度第一学期期中考试高二年级物理试卷说明：1．考试时间90分钟，满分100分。

2．将卷Ⅰ答案用2B铅笔涂在答题卡上，卷Ⅱ用蓝黑钢笔或圆珠笔答在试题卷上.。

3．答题卷卷头和答题卡均填涂本次考试的考号，不要误填学号，答题卡占后５位。

卷Ⅰ(选择题共48分)一．选择题（共12小题，每小题4分，计48分。

在每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项最符合题意，9-12小题有多个选项符合题意。

全部选对的得4分，选对不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．关于磁感应强度的单位，下列等式中哪些单位是正确的A．1特斯拉＝1千克·安培／秒2 B．1特斯拉＝1千克／安培秒2C．1特斯拉＝l安培／千克秒。

D．1特斯拉＝1安培·秒2／千克2．真空中A、B两个点电荷，相距10cm，A带电量是B的50倍，B受到的库仑力是1N，则A受到的库仑力是A．50N B．1/50N C．1N D．无法确定3．如图所示，为某点电荷电场中的一条电场线，A、B为此电场线上的两点。

下列说法中正确的是A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定高于B点的电势C．正电荷一定从A点向B点运动D．负电荷可能从A点向B点运动4．三个完全相同的灯如图连接时，灯L1和L3消耗的电功率之比是A．4︰1 B．1︰4C．2︰1 D．1︰25．如图电路中，R1＝R2＝R3＝4 ，若在A、C两点之间加上U＝6V的电压，则电流表的读数为A．0 B．0.5AC．1A D．1.5A6．如图所示，PQ和MN为水平平行放置的金属导轨，相距L＝1m．PM间接有一个电动势为E＝6V, 内阻r＝1Ω的电源和一只滑动变阻器,导体棒a b跨放在导轨上，棒的质量为m＝0．2 kg，棒的中点用细绳经定滑轮与物体相连，物体的质量M＝0．3 kg．棒与导轨的动摩擦因数为μ＝0．5（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，导轨与棒的电阻不计，g取10m ／s2），匀强磁场的磁感应强度B＝2T，方向竖直向下，为了使物体保持静止，滑动变阻器连入电路的阻值不可能的是A．2Ω B．4Ω C．5Ω D．6Ω7．如图，在xOy平面中有一通电直导线与Ox、Oy轴相交，导线中电流方向如图所示。

3
物理参考答案
飞时宇航员受力如图1：重力mg、支持力N1．
根据牛顿第二定律，取竖直向上为正方向， 有：N1-mg=ma1（3分）代入数据，解得：a1=32?m/s2　（2分） （2）飞船返回大气层时，宇航员受力如图2：重力mg、支持力N2．根据牛顿第二定律，取竖直向上为正方向， 有
：N2-mg=ma2 （3分） 代入数据，解得耐受力值：（2分）
33. （12分）解：
（1）物块从D到C，根据机械能守恒定律，得mgR＝mv2 （2分）物块经C点，根据牛顿第二定律，得FN?mg＝m（2分）由以上两式得支持力大小FN=3mg（1分）由牛顿第三定律得，物块对轨道的压力大小为3mg（1分）．（2）小物体通过圆弧轨道后，在斜面上运动到最大距离S时速度为0，由动能定理可得mgRcosθ-mgSsinθ-μmgScosθ=0（3分）故
?（3分）。

唐山一中2020--2021学年度第一学期期中考试高二年级物理试卷命题人：审核说明：1．考试时间90分钟，满分100分。

2．将卷Ⅰ答案用2B铅笔涂在答题卷上，卷Ⅱ用蓝黑钢笔或圆珠笔答在答题卷上。

卷Ⅰ（选择题共50 分）一、选择题（共15小题，1至10小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意；11至15小题，每小题4分，每个小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分；共计50分。

）1．下列叙述中正确的是（）A．电流方向总是从电源正极流向负极B．当外电路接通时，电源的电动势将减少C．电源两极间的电压始终保持不变D．当外电路接通时，电源的端电压将减少2．A、B、C、D四只灯泡的额定电压均为110V，额定功率相等，如图所示，接到220V 电源上，闭合K时各灯泡正常发光，若K断开，则( )A．C、D正常发光B．B、C、D正常发光C．C灯被烧毁D．B、C、D均被烧毁3．如图所示电路中，电源电动势为E，内电阻为r，当滑动变阻器的触头向上端移动时，两电压表示数V1、V2和电流表A1、A 2的示数变化情况是（）A．V1变大，V2变大，A1变大，A2变大B．V1变小，V2变小，A1变小，A2变小C．V1变小，V2变大，A1变小，A2变大D．V1变大，V2变小，A1变大，A2变小4．如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为－Q和＋2Q，它们相距l，如果在两点电荷连线的中点O有一半径为r（2r＜l）空心金属球，且球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点的场强为（）A．12KQ/l2水平向右B．12KQ/l2水平向左–C ．3KQ /l 2 水平向右D ．3KQ /l 2 水平向左5．长为L 的一小段直导体棒a 放置在光滑绝缘水平面上，固定的长直导线b 与a 平行放置，导体棒a 与力传感器相连，如图所示(俯视图)．a 、b 中通有大小分别为I a 、I b 的恒定电流，其中I a 方向已知，I b 方向未知．导体棒a 静止时，传感器受到a 给它的方向向左、大小为F 的拉力．下列说法正确的是( )A ．I b 与I a 的方向相同，a 处的磁感应强度B 大小为F I b LB ．I b 与I a 的方向相同，a 处的磁感应强度B 大小为F I a LC ．I b 与I a 的方向相反，a 处的磁感应强度B 大小为F I b LD ．I b 与I a 的方向相反，a 处的磁感应强度B 大小为F I a L6．如图，在坐标系的第一和第二象限内存在磁感应强度大小分别为12B 和B 、方向均垂直于纸面向外的匀强磁场．一质量为m 、电荷量为q （q ＞0）的粒子垂直于x 轴射入第二象限，随后垂直于y 轴进入第一象限，最后经过x 轴离开第一象限．粒子在磁场中运动的时间为( )A ．5πm 6qB B ．7πm 6qBC ．11πm 6qBD ．13πm 6qB7．如图所示，一个静止的质量为m 、带电荷量为q 的粒子(不计重力)，经电压U 加速后垂直进入磁感应强度为B 的匀强磁场，粒子在磁场中转半个圆周后打在P 点，设OP ＝x ，能够正确反映x 与U 之间的函数关系的是( )8．如图所示为一速度选择器，内有一磁感应强度为B 、方向垂直于纸面向外的匀强磁场，一束粒子流以速度v 水平射入。

唐山一中高二物理理科第一学期期中试卷a的过程中，V1、V2两只伏特表指示数的变化值分变为△U1和△U2，则他们的大小相比应是( )A.│△U1││△U2│B.│△U1││△U2│C.│△U1│=│△U2│D.无法判断4.如图所示，虚线为一匀强磁场的边界，磁场方向垂直于纸面向里。

在磁场中某点沿虚线方向发射两个带正电的粒子A 和B，其速度分别为vA、vB，两者的质量和电荷量均相同，两个粒子分别经过tA、tB从PA、PB射出，则 ( )A.vAvB ， tAB.vAvB ， tAC.vAtBD.vA5.如图所示，真空中一根绝缘杆连接的两个带等量异种电荷的点电荷以相同的角速度绕O点在水平面内匀速转动，已知+q距离O点较近，则O点的磁感应强度方向为( )A.方向竖直向上B.方向竖直向下C.O点磁感应强度为零D.无法确定6.2019年诺贝尔物理学奖授予了两位发现巨磁电阻效应的物理学家.某探究小组查到某磁敏电阻在室温下的电阻随磁感应强度变化曲线如图甲所示，其中R、R0分别表示有、无磁场时磁敏电阻的阻值.为研究其磁敏特性设计了图乙所示电路.关于这个探究实验，下列说法中正确的是()A.闭合开关S，图乙中只增加磁感应强度的大小时，伏特表的示数增大B.闭合开关S，图乙中只增加磁感应强度的大小时，安培表的示数增大C.闭合开关S，图乙中只改变磁场方向原来方向相反时，伏特表的示数减小D.闭合开关S，图乙中只改变磁场方向原来方向相反时，安培表的示数减小7.如图，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，P为磁场边界上的一点。

有无数带有同样电荷、具有同样质量的粒子在纸面内沿各个方向以同样的速率通过P点进入磁场。

这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的1/3。

将磁感应强度的大小从原来的B1变为B2，结果相应的弧长变为原来的一半，则B2/B1等于( )A.2B.3C.D.8.把电阻非线性变化的滑动变阻器接入图1的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x(x为图中a与触头之间的距离)，定值电阻R1两端的电压与x间的关系如图2，a、b、c为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从a移到b和从b移到c的这两过程中，下列说法正确的是( )A.电流表示数变化相等B.电压表V2的示数变化不相等C.电阻R1的功率变化相等D.电源的输出功率均不断增大二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分。

河北省唐山市第一中学2021-2022高二物理上学期期中试题（含解析）卷Ⅰ（选择题共48分）一、选择题（共12小题，每小题4分，计48分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一个选项正确，第9-12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分）1. 某带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了2.6×10-6J的功。

那么（）A. M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能B. P点的场强一定小于Q点的场强C. P点的电势一定高于Q点的电势D. M在P点的动能一定小于它在Q点的动能【答案】A【解析】【详解】A．带电粒子M在由P点运动到Q点电场力做-2.6×10－6J的功，电势能增大，M在P点的电势能一定小于在Q点的电势能，故A正确；B．因不知道带电粒子在P、Q两点电场力的大小，无法确定两点场强大小，故B错误；C．因不知带电粒子电性，无法确定P、Q两点的电势大小关系，故C错误；D．合外力对带电粒子做负功，动能减小，所以在P点的动能一定大于它在Q点的动能，故D错误。

故选A。

2. 一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h，待机时间100 h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（）A. 1.8 W，5.4×10-2WB. 3.6 W，0.108 WC. 0.6 W，1.8×10-2 WD. 6.48×103 W，1.94×102 W【答案】C【解析】由图知 3.6U V =,500Q mA h =⋅．通话时3t h =，由Q It =，P UI =得0.6UQP W t==.同理待机时100t h =，21.810UQP W t -=⨯'='，C 对． 3. 如图所示，两个定值电阻R 1、R 2串联后接在输出电压U 恒定的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R 1、R 2的电压表分别接在R 1、R 2两端，电压表的示数分别为8V 和4V ，则12R R 的值（ ）A. 小于2B. 等于2C. 大于2D. 无法确定【答案】B 【解析】【详解】将电压表与电阻R 1并联时，电压表的读数为8V ，则电阻R 2两端的电压为4V 。

2024届唐山市第一中学高二物理第一学期期中达标测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。

3．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示,A,B为两块竖直放置的平行金属板,G是静电计,开关S合上后,静电计指针张开一个角度.下述做法可使指针张角增大的是( )A．使A,B两板靠近些B．使A,B两板正对面积错开些C．断开S后,使B板向左平移减小板间距离D．断开S后,使A,B板错位正对面积减小2、两个电压表V1和V2是由完全相同的两个小量程电流表改装成的，V1的量程是5V，V2的量程是15V，为了测量15～20V的电压，我们把两个电压表串联起来使用，以下的叙述正确的是A．V1和V2的示数相等B．V1和V2的指针偏转角度相同C．V1和V2的示数不相等，指针偏转角度也不相同D．V1和V2的示数之比等于两个电压表的内阻之比的倒数3、如图，平行板电容器板间电压为U，板间距为d，两板间为匀强电场，让质子流以初速度v0垂直电场射入，沿a轨迹落到下板的中央，现只改变其中一条件，让质子沿b 轨迹落到下板边缘，则可以将A．开关S断开B．初速度变为2v0C ．板间电压变为2U D ．竖直移动上板，使板间距变为2d4、铁环上绕有绝缘的通电导线,电流方向如图所示.，若有一电子束以垂直于纸面向里的速度从0点射入.则电子的运动轨迹：A ．向上偏转B ．向下偏转C ．向左偏转D ．向右偏转5、如图所示，平行板电容器中悬浮一个带电微粒P ，今把A 、B 两个半方形金属盒相对插入电容器两板间，当A 、B 合拢时，对微粒运动情况的判断正确的是（ ）A ．向上运动B ．向下运动C ．仍保持静止D ．条件不足，无法判断6、已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为02δε，其中δ为平面上单位面积所带的电荷量，0ε为常量．如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S ，其间为真空，带电荷量为Q ．不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为A ．0Q S ε和20Q S ε B ．02QS ε和20Q SεC ．02QS ε和202Q Sε D ．0Q S ε和202Q Sε二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

物理（文）试题一、单项选择题(本大题每小题3分，共计60分。

每小题只有一个选项是正确的。

) 1．下列单位为国际单位制的基本单位的是A．吨 B．牛顿 C．库仑 D．千克2．下列说法中指时刻的是A．列车8：00到站 B．列车起动前1s内C．列车起动后的第3s内 D．列车在石家庄站停8min3．从高5m处以某一初速度竖直向下抛出一个小球,与地面相碰后竖直弹起,上升到高为2m 处被接住,则这一过程中A. 小球的位移大小为7m,路程为7mB. 小球的位移大小为3m,路程为7mC. 小球的位移大小为3m,路程为3mD. 小球的位移大小为7m,路程为3m4．汽车在距路口100m处遇红灯开始刹车做匀减速直线运动，在路口停留30s后，匀加速起动至速度恢复到刹车前的速度，下列v-t图象可以表示此过程的是5．如图所示,在第一次世界大战期间,一名飞行员在2km的高空飞行时,发现脸旁有一个小东西,他以为是一只小昆虫,便敏捷的把它一把抓了过来,令他吃惊的是,抓到的竟是一颗子弹.飞行员能抓到子弹,是因为A.飞行员的反应快B.子弹相对地面速度很小C.飞行员手有劲D.子弹相对飞行员速度极小6．如图所示，一个弹簧称受到两根绳子的拉力，已知F1=6N，F2=8N，这两个拉力之间的夹角为90°，则稳定后弹簧称的示数为A．14N B．2N C．10N D．12N7．下列关于摩擦力的说法正确的是A．静止在粗糙水平面上的物体一定受到静摩擦力的作用B．静止的物体一定不会受到滑动摩擦力的作用C．运动的物体可能受静摩擦力的作用D．运动的物体一定不会受到静摩擦力的作用8．如图所示，小钢球以初速度v0在光滑水平桌面上运动，由于受到磁极的作用力而做图示的曲线运动到达B点，从图中可知磁极的位置可能为A．位置A B．位置BC．位置C D．位置D9．在宽度为d的河中，水流速度为v0，船在静水中速度为v1，现让该船垂直河岸渡河，则该船A．渡河速度大小为v0+ v1 B．渡河位移为dC ．渡河时间为v d D ．渡河时间为1v d10．做匀速圆周运动的物体,其线速度A.大小不变,方向改变B.大小改变,方向不变C.大小和方向都改变D.大小和方向都不变11．一颗人造卫星在地球引力作用下，绕地球做匀速圆周运动，已知地球的质量为M ，地球的半径为R ，卫星的质量为m ，卫星离地面的高度为h ，引力常量为G ，则地球对卫星的万有引力大小为 A ．2)(h R MmG+ B ．2R Mm G C ．2h Mm G D ．h R Mm G+ 12．关于功的正负，下列说法正确的是A ．功的正负表示功的方向B ．功的正负表示功的大小C ．功的正负表示物体运动方向D ．功的正负由力与位移的夹角决定13．若静止在平直公路上的汽车以恒定的功率启动。

2024年河北省唐山市物理高二上学期复习试卷及解答参考一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、在下列关于力的说法中，正确的是：A、力是物体运动状态改变的原因，但不是维持物体运动状态的原因。

B、力的作用是相互的，但两个力的大小总是相等的。

C、一个物体受到的合力越大，它的加速度也越大。

D、力可以使物体发生形变，但不会改变物体的运动状态。

答案：C解析：根据牛顿第二定律，一个物体受到的合力越大，其加速度也越大，即(F=ma)（其中(F)是合力，(m)是物体的质量，(a)是加速度）。

选项A错误，因为力不仅是改变物体运动状态的原因，也可以是维持物体运动状态的原因（如惯性）。

选项B错误，虽然力的作用是相互的，但两个力的大小在牛顿第三定律中是相等的，但方向相反。

选项D错误，力可以使物体发生形变，也可以改变物体的运动状态。

因此，正确答案是C。

2、一物体在水平面上受到三个力的作用，这三个力的方向分别为东、南、西，且大小相等。

关于这三个力的合力，以下说法正确的是：A、合力为零，因为三个力方向相互抵消。

B、合力向北，因为东和西的力相互抵消，只剩下南向的力。

C、合力向南，因为东和西的力相互抵消，只剩下南向的力。

D、合力向东，因为东向的力是最大的。

答案：B解析：三个力方向分别为东、南、西，大小相等，说明东向和西向的力大小相等且方向相反，因此它们会相互抵消。

剩下的南向的力没有其他力与之抵消，所以合力是向南的。

选项A错误，因为虽然东向和西向的力相互抵消，但南向的力仍然存在。

选项C 正确地描述了剩余的力，但选项B更准确地说明了合力的方向。

选项D错误，因为东向和西向的力已经相互抵消，合力不是向东。

因此，正确答案是B。

3、一个物体从静止开始沿光滑水平面加速运动，5秒内物体的位移是25米，则物体的加速度为：A. 2 m/s²B. 5 m/s²C. 10 m/s²D. 20 m/s²答案：C. 10 m/s²解析：根据匀加速直线运动的位移公式(s=12at2)，其中(s)是位移，(a)是加速度，(t)是时间。

河北省唐山市物理高二上学期复习试卷及答案指导一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、在下列关于光的传播特性的描述中，正确的是：A、光在同种均匀介质中沿直线传播B、光在真空中传播速度比在水中快C、光的折射现象表明光在不同介质中的速度相同D、光的反射现象说明光在反射时改变了传播方向答案：A解析：光在同种均匀介质中确实沿直线传播，这是光的基本传播特性之一。

选项B 错误，光在真空中的传播速度是最快的，约为3×10^8 m/s，而在水中传播速度会减慢。

选项C错误，光的折射现象是因为光在不同介质中的传播速度不同，导致光线传播方向发生改变。

选项D虽然描述了反射现象，但未说明光改变传播方向，只是说明光线返回到原介质中。

2、关于力的作用效果，下列说法正确的是：A、力的作用效果只包括物体形变B、力的作用效果只包括物体运动状态的改变C、力的作用效果包括物体的形变和运动状态的改变D、力对物体的作用效果与力的方向无关答案：C解析：力的作用效果确实包括物体的形变和运动状态的改变。

物体受到力的作用时，可能会发生形变，比如弹簧被拉伸或压缩；同时，力也会改变物体的运动状态，包括速度大小和方向的改变。

选项A和B都是片面的描述。

选项D错误，力的作用效果与力的方向密切相关，不同的力的方向会导致不同的作用效果。

3、在下列关于光的传播现象的描述中，正确的是（）A、光在真空中传播的速度比在空气中传播的速度快B、光的反射现象和折射现象都是可逆的C、光从一种介质斜射入另一种介质时，总是会发生偏折D、光在同种均匀介质中沿直线传播，但遇到障碍物时会发生弯曲答案：B解析：选项A错误，因为光在真空中传播的速度是最快的，约为3×10^8 m/s，而在空气中传播的速度略慢于真空中的速度。

选项B正确，光的反射和折射现象都是可逆的，即如果光从介质A射入介质B，再从介质B射回介质A，路径是相同的。

选项C错误，当光从一种介质垂直射入另一种介质时，不会发生偏折。

一、单项选择题（本大题共8小题，每小题5分，共40分。

）1．在物理学史上，发现电流的周围存在磁场的著名科学家是（）A. 奥斯特B. 伽利略C. 焦耳D. 库仑2．如图所示的电路中，当变阻器R3的滑动触头P向a端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小3．如图所示的电路中，闭合电键S后，灯L1和L2都正常发光，后来由于某种故障使灯L2突然变亮，电压表读数增加，由此推断，这故障可能是()A．L1灯灯丝烧断B．电阻R2断路C．电阻R2短路D．电容器被击穿短路4．如图所示的电路中，电源的内电阻不能忽略不计。

现闭合开关S，待电路中的电流稳定后，调节可变电阻R的阻值，电压表的示数增大了。

下列判断正确的是（）A．可变电阻R被调到较小的阻值B．电阻R2两端的电压减小，减小量等于C．通过电阻R2的电流减小，减小量小于D．路端电压增大，增大量等于5．用多用电表的欧姆挡的“×10Ω”挡测量一个电阻的阻值，发现表的指针偏转角度很小，为了准确测定该电阻的阻值，正确的判断和做法是（）A．这个电阻的阻值肯定也是极小的B．应把选择开关换到“×1Ω”挡，重新进行欧姆调零后再测量C．应把选择开关换到“×100Ω”挡，重新进行欧姆调零后再测量D．为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，使表笔与待测电阻接触良好6．如图的U-I图象中，直线I为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线。

用该电源与电阻R组成闭合电路，则（）A．电源电动势3V，内阻2Ω B．电阻R的阻值为0．5ΩC．电源的总功率为4W D．电源的效率为66．7％7. 如图所示，两段材料相同、长度相等、但横截面积不等的导体接在电路中，总电压为U，则()①通过两段导体的电流相等②两段导体内的自由电子定向移动的平均速率不同③细导体两端的电压U1大于粗导体两端的电压U2④细导体内的电场强度大于粗导体内的电场强度A．①B．①②C．①②③D．①②③④8. R 1和R 2分别标有“100Ω，4W ”和“12.5Ω,8W ”，将它们串联后接入电路中，如右图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为 ( )Ａ．12W Ｂ．72W Ｃ．4.5 W Ｄ．8W二、多项选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分。

河北省唐山市滦南一中 2015～2016 学年度高二上学期期初物理试卷一、不定项选择题（共16 小题，每小题4分，共64 分．每小题有一个或多个选项正确，全部选对得4 分，选对但不全得2分．）1．物体在运动过程中（）A．速度大，加速度一定大B．速度为零，加速度一定为零C．加速度的方向一定跟速度的方向一致D．加速度的方向一定跟合外力的方向一致2．物体静止于粗糙斜面上，斜面对物体的作用力的方向是（）A．垂直斜面向上B．可能沿斜面向下C．可能沿斜面向上D．竖直向上3．如图所示，物体在水平力F作用下压在竖直墙壁上静止，下列叙述中正确的是（）A．物体受到墙壁的静摩擦力的反作用力是物体所受的重力B．力F就是物体对墙壁的压力C．力F的反作用力是墙壁对物体的支持力D．墙壁对物体的支持力的反作用力是物体对墙壁的压力4．若F1，F2 两个共点力的合力为F，则有（）A．合力F一定大于任一个分力B．合力F一定大于较小分力C．合力的大小可能等于F1 也可能等于F2D．合力有可能小于任一个分力5．关于静摩擦力，下列说法正确的是（） A．只有静止的物体才可能受静摩擦力 B．有相对运动趋势的相互接触的物体间有可能产生静摩擦力 C．产生静摩擦力的两个物体间一定相对静止 D．两个相对静止的物体间一定有静摩擦力产生6．有一木块静止在水平桌面上，关于它的受力下面说法中正确的是（）A．木块对桌面的压力就是木块所受的重力，施力物体是地球 B．木块对桌面的支持力是弹力，是由于桌面发生形变而产生的 C．木块对桌面的压力在数值上等于木块受的重力 D．木块保持静止是由于木块对桌面的压力与桌面对木块的支持力保持平衡7．关于超重和失重，下列说法中正确的是（ ） A ．超重就是物体受的重力增加了 B ．失重就是物体受的重力减少了 C ．完全失重就是物体一点重力都不受了 D ．不论超重或失重甚至完全失重，物体所受重力是不变的8．一物体放置在倾角为 θ 的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯中，加速度为 a ，如图所示．在物 体始终相对于斜面静止的条件下（ ）A ．当 θ 一定时，a 越大，斜面对物体的正压力越小B ．当 θ 一定时，a 越大，斜面对物体的摩擦力越大C ．当 a 一定时，θ 越大，斜面对物体的正压力越大D ．当 a 一定时，θ 越大，斜面对物体的摩擦力越小9．如图所示，A 、B 两小球分别连在弹簧两端，B 端用细线固定在倾角为 30°光滑斜面上，若不计 弹簧质量，在线被剪断瞬间，A 、B 两球的加速度分别为（ ）A ．都等于B ．和 0C ．•和 0D ．0 和•10．物体自由下落过程中，速度由零增加到 5m/s 和由 5m/s 增加到 10m/s 的两段时间内，重力的平 均功率之比为（ ） A ．1：1 B ．1：2 C ．1：3 D ．1：411．小球沿斜面匀加速滚下，依次经过 A 、B 、C 三点，已知 A B=6m ，BC=10m ，小球通过 A B 、BC 路程所用时间均为 2s ，则小球经过 A 、B 、C 三点时的瞬时速度是（ ） A ．v A =2m/s ，v B =3m/s ，v C =4m/s B ．v A =2m/s ，v B =4m/s ，v C =6m/s C ．v A =3m/s ，v B =4m/s ，v C =5m/sD ．v A =3m/s ，v B =5m/s ，v C =7m/s12．以初速度 v 0 水平抛出的物体，当水平方向的分位移与竖直方向的分位移相等时（） A ．运动的时间 t = B ．瞬时速率 v t =v 0C ．水平分速度与竖直分速度大小相等D．位移大小等于13．一个半径比地球大2倍，质量是地球质量的36 倍的行星，它的表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的（）A．9 倍 B．3 倍C．4 倍D．18 倍14．如图所示，人站在电动扶梯的水平台阶上，假定人与扶梯一起沿斜面加速上升，在这个过程中，人脚所受的静摩擦力（）A．等于零，对人不做功B．水平向左，对人做负功C．水平向右，对人做正功D．斜向上，对人做正功15．质量为m的物体，在与水平成θ角的斜向上方的拉力作用下沿水平面做匀速直线运动，物体和水平面间的动摩擦因数为，物体位移s，拉力做功是（）A ．B．C ．D． mgscosθ16．关于物体的机械能是否守恒，下列叙述正确的是（）A．做自由落体运动的物体机械能一定守恒 B．做匀速直线运动的物体，机械能一定不守恒 C．外力对物体做功为零时，机械能一定守恒 D．运动过程中只有重力对物体做功，机械能一定守恒二、填空题（每空2分，共16 分）17．如图所示是一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，其中A、B、C 是小球在不同时刻在照片上的位置，图中背景方格的边长均为5cm，如果取g=10m/s 2，则小球的初速度v0=m/s．18．在“验证机械能守恒定律”的一次实验中，质量 m =1kg 的重物自由下落，在纸带上打出一系列的 点，如图所示（相邻记数点时间间隔为 0.02s ），那么：（1）纸带的 （用字母表示）端与重物相连；打点计时器打下计数点 B 时，物体的速度 v B = m/s ；（3）从起点 P 到打下计数点 B 的过程中物体的重力势能减少量△E P = J ，此过程中物 体动能的增加量△E k = J ；（g 取 9.8m/s 2，保留两位小数）（4）通过计算，数值上△E P △E k （填“＜”、“＞”或“=”），这是因为 ；（5）实验的结论是： ．三、计算题（本大题 3 小题，每小题 10 分，共 30 分．解题过程中要求写出必要的文字说明，方程 式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．）19．如图所示，质量 M =2kg 的木块 A 套在水平杆上，并用轻绳将木块 A 与质量 m =kg 的小球 相连．今用跟水平方向成 α=30°角的力 F =10N ，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中 M 、 m 相对位置保持不变，取 g =10m/s 2．求：（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角 θ；木块与水平杆间的动摩擦因数 ．20．如图所示为货场使用的传送带的模型，传送带倾斜放置，与水平面夹角为 θ=37°，传送带AB 长 度足够长，传送皮带轮以大小为 υ=2m/s 的恒定速率顺时针转动．一包货物以 υ0=12m/s 的初速度从 A 端滑上倾斜传送带，若货物与皮带之间的动摩擦因数 =0.5，且可将货物视为质点．（1）求货物刚滑上传送带时加速度为多大？ 经过多长时间货物的速度和传送带的速度相同？这时货物相对于地面运动了多远？ （3）从货物滑上传送带开始计时，货物再次滑回 A 端共用了多少时间？（g=10m/s 2，已知 sin37°=0.6，cos37°=0.8）21．如图所示，光滑半圆弧轨道半径为R，OA 为水平半径，BC 为竖直直径．一质量为m的小物块自A 处以某一竖直向下的初速度滑下，进入与C点相切的粗糙水平滑道C M 上，在水平滑道上有一轻弹簧，其一端固定在竖直墙上，另一端恰位于滑道的末端C点（此时弹簧处于自然状态）．若物块运动过程中弹簧最大弹性势能为E P，且物块被弹簧反弹后恰能通过B点．己知物块与水平滑道间的动摩擦因数为，重力加速度为g，求：（1）物块离开弹簧刚进入半圆轨道时对轨道的压力F N 的大小；弹簧的最大压缩量d；（3）物块从A处开始下滑时的初速度v0．河北省唐山市滦南一中2015～2016 学年度高二上学期期初物理试卷参考答案与试题解析一、不定项选择题（共16 小题，每小题4分，共64 分．每小题有一个或多个选项正确，全部选对得4 分，选对但不全得2分．）1．物体在运动过程中（） A．速度大，加速度一定大 B．速度为零，加速度一定为零 C．加速度的方向一定跟速度的方向一致D．加速度的方向一定跟合外力的方向一致【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】运动物体的速度和加速度没有直接关系，物体的加速度为零，速度不一定为零．速度变化快的物体加速度大，根据牛顿第二定律可知，物体的加速度方向与受力的方向一致．【解答】解：A、物体的速度大，加速度不一定大．比如匀速直线运动的物体，速度可能很大，但加速度为零．故A错误． B、速度为零，加速度不一定为零，如自由落体运动初位置，速度为零，加速度为g；故B错误． C、根据牛顿第二定律可知，物体的加速度方向与受力的方向一致，可以与运动方向相反，故C错误，D 正确；故选：D．【点评】速度和加速度是运动学中最重要的关系之一，可抓住加速度是由合力和质量共同决定，与速度无关来理解．2．物体静止于粗糙斜面上，斜面对物体的作用力的方向是（）A．垂直斜面向上B．可能沿斜面向下C．可能沿斜面向上D．竖直向上【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】物体受重力、支持力和摩擦力处于平衡，根据共点力平衡确定斜面对物体的作用力方向．【解答】解：因为物体受重力、支持力和摩擦力处于平衡，知支持力和摩擦力的合力与重力等值反向，所以斜面对物体作用力的方向竖直向上．故D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，根据共点力平衡进行分析，知道共点力平衡的特点．3．如图所示，物体在水平力F作用下压在竖直墙壁上静止，下列叙述中正确的是（）A．物体受到墙壁的静摩擦力的反作用力是物体所受的重力B．力F就是物体对墙壁的压力C．力F的反作用力是墙壁对物体的支持力D．墙壁对物体的支持力的反作用力是物体对墙壁的压力【考点】牛顿第三定律．【分析】解答本题关键应分析物体的受力情况：物体竖直方向受到重力和墙壁对物体的静摩擦力，是一对平衡力；物体对墙壁的压力与墙壁对物体的压力是物体与墙壁之间的相互作用力，不是平衡力；作用力F跟墙壁对物体的压力是平衡力关系；作用力F跟物体对墙壁的压力没有直接关系．【解答】解：A、物体受到墙壁的静摩擦力的反作用力是墙壁所受物体的静摩擦力，故A错误； B、物体在水平方向受到作用力F跟墙壁对物体的压力两个力，它们是一对平衡力，不是一对作用力和反作用力，而作用力F跟物体对墙壁的压力，只存在大小相等，方向相同，没有其它关系，故 B 错误；C、作用力F与墙壁对物体的支持力是一对平衡力，而力F的反作用力是物体对手的作用力．故C错误，D、墙壁对物体的支持力的反作用力是物体对墙壁的压力，故D正确；故选：D．【点评】解答本题的关键是分析受力情况，结合平衡条件分析力是否是一对平衡力．物体间的相互作用力才是一对作用力与反作用力．4．若F1，F2 两个共点力的合力为F，则有（）A．合力F一定大于任一个分力B．合力F一定大于较小分力C．合力的大小可能等于F1 也可能等于F2D．合力有可能小于任一个分力【考点】力的合成与分解的运用．【专题】受力分析方法专题．【分析】合力的作用效果与分力的共同作用效果相同．根据平行四边形定则可以知道合力与分力的大小关系．【解答】解：A、当二力反向时，合力等于二力大小之差，合力就小于任一分力，故A错误； B、如果两个分力大小相等、方向相反时，两个力的合力为零，合力小于每一个分力，当方向相同时，则大于任一分力，因此存在有可能，故B错误； CD、根据平行四边形定则，合力可以大于分力、或小于分力、或等于分力，故C D 正确；故选：CD．【点评】解决本题的关键知道分力和合力遵循平行四边形定则，以及知道合力的作用效果与分力的作用效果是等效的．5．关于静摩擦力，下列说法正确的是（） A．只有静止的物体才可能受静摩擦力 B．有相对运动趋势的相互接触的物体间有可能产生静摩擦力 C．产生静摩擦力的两个物体间一定相对静止 D．两个相对静止的物体间一定有静摩擦力产生【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】摩擦力分静摩擦力与滑动摩擦力．摩擦力的方向与相对运动（相对运动趋势）方向相反，滑动摩擦力的大小与物体间的正压力成正比．而静摩擦力却与引起有相对运动趋势的力相等．【解答】解：A、静止的物体不一定受静摩擦力，若有相对运动趋势，则一定受静摩擦力．故A错误；B、有相对运动趋势的相互接触的物体间有可能产生静摩擦力．故B正确；C、产生静摩擦力，不一定静止，但两个物体间一定相对静止，故C正确； D、两个相对静止的物体不一定有静摩擦力，因为它们不一定有运动趋势．故D错误；故选：BC【点评】当遇到摩擦力时，必须先确定是静摩擦力还是滑动摩擦力．摩擦力不一定是阻力，且有摩擦力一定有弹力．6．有一木块静止在水平桌面上，关于它的受力下面说法中正确的是（）A．木块对桌面的压力就是木块所受的重力，施力物体是地球 B．木块对桌面的支持力是弹力，是由于桌面发生形变而产生的 C．木块对桌面的压力在数值上等于木块受的重力 D．木块保持静止是由于木块对桌面的压力与桌面对木块的支持力保持平衡【考点】物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件及其应用．【专题】受力分析方法专题．【分析】木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力大小等于木块受的重力，压力的施力物体是木块，是由于木块发生形变而产生的．压力与支持力是一对作用力与反作用力．【解答】解：A、木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力大小等于木块受的重力，但不能说木块对桌面的压力就是木块受的重力，因为两者产生的原因、施力物体和受力物体等都不同．压力的施力物体是木块．故A错误．B、桌面对木块的支持力是弹力，是由桌面发生形变而产生的；而木块对桌面的压力是弹力，是由于木块发生形变对桌面产生的弹力．故B错误．C、木块放在水平桌面上保持静止，由平衡条件和牛顿第三定律分析得知，木块对桌面的压力在数值上等于木块受的重力．但性质不同，故C正确．D、木块保持静止是由于桌面对木块的支持力木块受的重力二力平衡．故D错误．故选：C．【点评】本题考查对压力与重力区别的理解．物体放在水平上时，物体对水平面的压力大小才等于物体的重力，若物体放在斜面上或斜向的拉力，压力与重力并不相等．7．关于超重和失重，下列说法中正确的是（） A．超重就是物体受的重力增加了 B．失重就是物体受的重力减少了C．完全失重就是物体一点重力都不受了 D．不论超重或失重甚至完全失重，物体所受重力是不变的【考点】超重和失重．【专题】常规题型．【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．【解答】解：A、超重是物体对接触面的压力大于物体的重力，物体的重力并没有增加，故A错误B、物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力小于重力叫失重，但重力并不减少．故B错误C、当物体只受重力，物体处于完全失重状态，重力并不改变．故C错误D、不论超重或失重甚至完全失重，物体在同一位置所受重力是不变的，故D正确故选：D．【点评】本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．8．一物体放置在倾角为θ的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯中，加速度为a，如图所示．在物体始终相对于斜面静止的条件下（）A．当θ一定时，a 越大，斜面对物体的正压力越小B．当θ一定时，a 越大，斜面对物体的摩擦力越大C．当a一定时，θ越大，斜面对物体的正压力越大D．当a一定时，θ越大，斜面对物体的摩擦力越小【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】以物体为研究对象进行受力分析，由牛顿第二定律可知物体受到的合力；再由力的合成与分解规律可得出斜面对物体的正压力及摩擦力．【解答】解：以物体为研究对象，分析其受力并建立直角坐标系，如图所示．在y轴方向上由牛顿定律有：fsinθ+Ncosθ﹣mg=ma在x轴方向上由受力平衡得：Nsinθ=fcosθ②解①②式得N=m（g+a）cosθ，f=m（g+a）sinθ．可见，当θ一定时，a 越大，斜面对物体的正压力越大，斜面对物体的摩擦力越大；故B正确，A 错误；当a一定时，θ越大，斜面对物体的正压力越小，斜面对物体的摩擦力越大，故选项C D 错误；故选B．【点评】本题注意物体的加速度方向为竖直向上，故合力一定沿竖直方向；故可以将力向水平方向和竖直方向进行分解．9．如图所示，A、B 两小球分别连在弹簧两端，B 端用细线固定在倾角为30°光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B 两球的加速度分别为（）A ．都等于B ． 和 0C ．•和 0D ．0 和•【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】悬线剪断前，以两球为研究对象，求出悬线的拉力和弹簧的弹力．突然剪断悬线瞬间，弹 簧的弹力没有来得及变化，分析瞬间两球的受力情况，由牛顿第二定律求解加速度．【解答】解：线被剪断瞬间，线的拉力变为 0，弹簧形变来不及发生变化，弹力不变，故 A 球仍受 力平衡，加速度为 0，B 球受重力、支持力、弹簧产生的大小为 M A g •sin 30°的弹力，所以可得其加 速度为． 答：D 【点评】本题是动力学中典型的问题：瞬时问题，往往先分析悬线剪断前弹簧的弹力，再分析悬线 判断瞬间物体的受力情况，再求解加速度，抓住悬线剪断瞬间弹力没有来得及变化．10．物体自由下落过程中，速度由零增加到 5m/s 和由 5m/s 增加到 10m/s 的两段时间内，重力的平 均功率之比为（ ）A ．1：1B ．1：2C ．1：3D ．1：4【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】本题要注意瞬时功率及平均功率，P=FV 既可求平均功率也可求瞬时功率，当速度为平均速 度时为平均功率，当速度为瞬时速度时为瞬时功率．【解答】解：物体做自由落体运动，速度由零增加到 5m/s ，运动时间 t 1==0.5s ，位移 x 1==m ，由 5m/s 增加到 10m/s ，运动时间 t 2==0.5s ，位移 x 2==m ， 根据平均功率 P =得 两段时间内重力的平均功率之比 ==1：3故选：C ．【点评】在计算平均功率和瞬时功率时一定要注意公式的选择，P= 只能计算平均功率的大小，而P=Fv 可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度． 11．小球沿斜面匀加速滚下，依次经过 A 、B 、C 三点，已知 A B=6m ，BC=10m ，小球通过 A B 、BC 路程所用时间均为 2s ，则小球经过 A 、B 、C 三点时的瞬时速度是（ ） A ．v A =2m/s ，v B =3m/s ，v C =4m/s B ．v A =2m/s ，v B =4m/s ，v C =6m/s C ．v A =3m/s ，v B =4m/s ，v C =5m/sD ．v A =3m/s ，v B =5m/s ，v C =7m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】小球做匀加速运动，经过 A B 和 B C 两段所用的时间均为 2s ，可根据△x=aT 2 求出加速度， 根据匀变速直线运动的推论可知：小球经过 B 点的速度等于 A C 段的平均速度，即可求得小球经过B 点的速度．由速度公式求出经过 A 、C 两点的速度．【解答】解：小球做匀加速运动，经过 A B 和 B C 两段所用的时间均为 2s ，由题知 A B=6m ，BC=10m ，则小球经过 B 点的速度为：v B =，由 B C ﹣AB=aT 2 得，加速度：a=， 由速度公式可知，小球的速度：v A =v B ﹣at=4﹣1×2=2m/s ，v C =v B +at=4+1×2=6m/s ；故选：B ．【点评】本题运用匀变速直线运动的两个推论，求出加速度和 B 点的速度，比较简便，也可以根据 基本公式，列方程组求解12．以初速度 v 0 水平抛出的物体，当水平方向的分位移与竖直方向的分位移相等时（） A ．运动的时间 t = B ．瞬时速率 v t =v 0C ．水平分速度与竖直分速度大小相等D ．位移大小等于【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住水平位移和 竖直位移相等求出运动的时间，结合速度时间公式判断水平分速度和竖直分速度的关系，根据平行 四边形定则求出瞬时速度的大小．通过水平位移和竖直位移，根据平行四边形定则求出位移的大 小．【解答】解：A 、根据题意有： gt 2=v 0t ，得：t= ，故 A 正确．BC、竖直分速度为：v y=gt=2v0≠v0．瞬时速率v t ==，故B正确，C 错误．D、水平位移x=v0t=，根据平行四边形定则知，位移大小为：s= x=．故D正确．故选：ABD．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．13．一个半径比地球大2倍，质量是地球质量的36 倍的行星，它的表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的（）A．9 倍 B．3 倍C．4 倍D．18 倍【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】根据万有引力等于重力，得出重力加速度的表达式，从而得出重力加速度之比．【解答】解：根据得，g=，因为行星的质量是地球质量的36 倍，半径是地球半径的3倍，则行星表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的4倍．故C正确，A、B、D 错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握万有引力等于重力这一理论，并能灵活运用，基础题．14．如图所示，人站在电动扶梯的水平台阶上，假定人与扶梯一起沿斜面加速上升，在这个过程中，人脚所受的静摩擦力（）A．等于零，对人不做功B．水平向左，对人做负功C．水平向右，对人做正功D．斜向上，对人做正功【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】动扶梯上的人随扶梯斜向上做加速运动，人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向，根据牛顿第二定律即可求解．【解答】解：人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向得：a x=acosθ，方向水平向右；a y=asinθ，方向竖直向上，水平方向受静摩擦力作用，f=ma=macosθ，水平向右，设扶梯与水平方向的夹角为θ，运动的位移为x，则W=fxcosθ＞0，做正功．故选：C【点评】解决本题时可以把加速度进行分解，结合牛顿第二定律求解，难度适中．15．质量为m的物体，在与水平成θ角的斜向上方的拉力作用下沿水平面做匀速直线运动，物体和水平面间的动摩擦因数为，物体位移s，拉力做功是（）A ．B ．C ．D ． mgscos θ 【考点】功的计算．【专题】功的计算专题．【分析】对物体受力分析，由共点力的平衡求解拉力；恒力做功表达式为 W =Fscos θ，其中 F 为恒 力，s 为位移，θ 为力与位移的夹角．【解答】解：对物体受力分析，如图： 根据平衡条件： （mg ﹣Fsin θ）=Fcos θ解得：F=故拉力做的功为：Fscos θ=故选：A ．【点评】本题关键记住恒力做功的公式，明确公式中各个物理量的含义，同时要注意一个力做功的 计算与其余力是否做功、做功大小无关，基础题．16．关于物体的机械能是否守恒，下列叙述正确的是（ ）A ．做自由落体运动的物体机械能一定守恒B ．做匀速直线运动的物体，机械能一定不守恒 C ．外力对物体做功为零时，机械能一定守恒 D ．运动过程中只有重力对物体做功，机械能一定守恒【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】在只有重力或弹簧弹力做功时，机械能守恒．要正确理解只有重力做功，物体除受重力 外，可以受其它力，但其它力不做功或做功的代数和为 0．【解答】解：A 、做自由落体运动的物体只受重力，机械能一定守恒，故 A 正确． B 、若物体在水平面内做匀速直线运动，动能和重力势能均不变，则物体的机械能守恒．故 B 错 误．C 、外力对物体做功为零时，可能有除重力或弹力以外的力做功，机械能不一定守恒．故 C 错误．D 、运动过程中只有重力对物体做功，只发生动能和势能相互转化，机械能一定守恒，故 D 正确． 故选：AD ．【点评】解决本题的关键掌握机械能守恒的条件，机械能守恒的条件是只有重力或弹簧弹力做功．二、填空题（每空 2 分，共 16 分）17．如图所示是一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，其中 A 、B 、C 是小球在不同时刻在照片 上的位置，图中背景方格的边长均为 5cm ，如果取 g =10m/s 2，则小球的初速度 v 0= 1.5 m/s ．。